2019高考物理一轮训练选选择题6含解析新人教版20180927114.doc

由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 人教物理2019高考物理一轮训练选：选择题（6）‎ 李仕才 ‎1、(2018·山东冠县期初)下列说法正确的是(　　)‎ A.高速公路上限速牌上的速度值指平均速度 B.运动员在处理做香蕉球运动的足球时,要将足球看成质点 C.运动员的链球成绩是指链球从离开手到落地的位移大小 D.选取不同的参考系,同一物体的运动轨迹可能不同 答案D 解析高速公路上限速牌上的速度指瞬时速度,A错;运动员在处理做香蕉球运动的足球时,要考虑足球的旋转,不可把足球看成质点,B错;运动员的链球成绩是指链球运动员所站圆心到落地点的位移,C错;选取不同的参考系,同一物体的运动轨迹可能不同,D对。‎ ‎2、如图所示,小球用细绳系住,绳的另一端固定于O点。现用水平力F缓慢推动斜面体,小球在斜面上无摩擦地滑动,细绳始终处于直线状态,当小球升到接近斜面顶端时细绳接近水平,此过程中斜面对小球的支持力FN以及绳对小球的拉力FT的变化情况是(　　)‎ A.FN不断增大,FT先减小后增大 B.FN保持不变,FT先增大后减小 C.FN保持不变,FT不断增大 D.FN不断增大,FT不断减小 答案A 解析先对小球进行受力分析,重力、支持力FN、拉力FT组成一个闭合的矢量三角形,由于重力不变、支持力FN方向不变,斜面向左移动的过程中,拉力FT与水平方向的夹角β减小,当β=θ时,FT⊥FN,细绳的拉力FT最小,由图可知,随β的减小,斜面的支持力FN不断增大,FT先减小后增大。故A正确,B、C、D错误。‎ ‎3、.如图所示,一个质量为M=‎2 kg的小木板放在光滑的水平地面上,在木板上放着一个质量为m=‎1 kg的小物体,它被一根水平方向上压缩了的弹簧推着静止在木板上,这时弹簧的弹力为2‎ 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 ‎ N。现沿水平向左的方向对小木板施以作用力,使木板由静止开始运动起来,运动中力F由0逐渐增加到9 N,以下说法正确的是 (　　)‎ A.物体与小木板先保持相对静止一会,后相对滑动 B.物体受到的摩擦力一直减小 C.当力F增大到6 N时,物体不受摩擦力作用 D.小木板受到9 N的拉力时,物体受到的摩擦力为3 N 答案C 解析由题,当弹簧的弹力是2 N向左时,物体仍然静止在木板上,所以物体与木板之间的最大静摩擦力要大于或等于2 N。若要使物体相对于木板向右滑动,则物体受到向右的合力至少为4 N的力,物体的加速度为a= m/s2=4 m/s2‎ 同时,物体与木板有相对运动时,木板的加速度要大于物体的加速度,当二者相等时,为最小拉力。则有 Fmin=(M+m)a=(2+1)×4 N=12 N 即只有在拉力大于12 N时,物体才能相对于木板滑动,所以在拉力小于9 N时,物体相对于木板静止。故A错误。‎ 若物体与木板之间的摩擦力恰好为0,则物体只受到弹簧的弹力的作用,此时物体的加速度为 a'= m/s2=‎2 m/s2‎ 由于物体始终相对于木板静止,所以此时整体在水平方向的受力为F0=(M+m)a'=(2+1)×2 N=6 N 所以当力F增大到6 N时,物体不受摩擦力作用。‎ 则拉力小于6 N之前,摩擦力随拉力F的增大而减小,当拉力大于6 N时,摩擦力又随拉力的增大而增大。‎ 故B错误,C正确。‎ 小木板受到9 N拉力时,整体的加速度 a″= m/s2=‎3 m/s2‎ 物体受到的摩擦力为Ff',则ma″=Ff'+2 N 所以Ff'=ma″-2 N=1 N。故D错误。‎ ‎4、如图为质点做匀变速曲线运动轨迹的示意图,且质点运动到D点时速度方向与加速度方向恰好互相垂直,则质点从A点运动到E点的过程中,下列说法正确的是(　　)‎ ‎　　　　　　　　　　　　　　　　　　　‎ A.质点经过C点的速率比D点的大 B.质点经过A点时的加速度方向与速度方向的夹角小于90°‎ C.质点经过D点时的加速度比B点的大 D.质点从B点到E点的过程中加速度方向与速度方向的夹角先增大后减小 答案A 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 解析质点做匀变速曲线运动,所以加速度不变;由于在D点速度方向与加速度方向垂直,则在C点时速度方向与加速度方向的夹角为钝角,所以质点由C到D速率减小,C点速率比D点大。‎ ‎5、(2017·吉林摸底)如图所示,将质量为m的小球以速度v0由地面竖直向上抛出。小球落回地面时,其速度大小为v0。设小球在运动过程中所受空气阻力的大小不变,则空气阻力的大小等于(　　)‎ A. mg B.mg C.mg D.mg 答案D 解析对小球向上运动,由动能定理有-(mg+Ff)H=0-,对小球向下运动,由动能定理有(mg-Ff)H=,联立解得Ff=mg,故D正确。‎ ‎6、一个质量是‎5 kg的小球以‎5 m/s的速度竖直落到地板上,随后以‎3 m/s的速度反向弹回,若取竖直向下的方向为正方向,则小球动量的变化量是(　　)‎ A‎.10 kg·m/s B.‎-10 kg·m/s C‎.40 kg·m/s D.‎-40 kg·m/s 答案D 解析因向下为正方向,则小球与地面相碰前的动量为p1=mv1=5×5 kg·m/s=25 kg·m/s;碰后的动量为p2=mv2=5×(-3) kg·m/s=-15 kg·m/s;则小球的动量变化为Δp=p2-p1=(-15 kg·m/s)-25 kg·m/s=-40 kg·m/s,故D正确。‎ ‎7、如图所示电路中,电源电动势为E、内阻为r、R0为定值电阻,电容器的电容为C。闭合开关S,增大可变电阻R的阻值,电压表示数的变化量为ΔU,电流表示数的变化量为ΔI,则(　　)‎ A.变化过程中ΔU和ΔI的比值保持不变 B.电压表示数U和电流表示数I的比值不变 C.电阻R0两端电压减小,减小量为ΔU D.电容器所带的电荷量增大,增加量为CΔU 答案AD 解析闭合开关S,增大可变电阻R的阻值,电流表示数减小,电压表示数增大,变化过程中ΔU和ΔI的比值等于定值电阻R0与电源内阻r之和,保持不变;电压表示数U和电流表示数I的比值等于可变电阻R的阻值,逐渐增大,选项A正确,B错误;电阻R0两端电压减小,减小量小于ΔU,选项C错误;电容器所带的电荷量增大,增加量为CΔU,选项D正确。‎ 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 ‎8、如图所示,一个边长为l、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中。若通以图示方向的电流(从A点流入,从C点流出),电流为I,则金属框受到的磁场力为(　　)‎ ‎　　　　　　　　　　　　　　　　　　　‎ A.0 B.IlB C. IlB D.2IlB 答案B 解析金属框三边电阻相同,则AC、ABC两段导线上流过的电流分别为I和I,导线ABC段的有效长度为2lsin 30°=l,所以该正三角形通电导线受到的安培力大小为IlB+IlB=IlB,故B正确。‎ ‎9、(2017·河南许昌三模)如图所示,一个闭合三角形导线框ABC位于竖直平面内,其下方(略靠前)固定一根与线框平面平行的水平直导线,导线中通以图示方向的恒定电流。释放线框,它由实线位置下落到虚线位置未发生转动,在此过程中(　　)‎ A.线框中感应电流方向依次为ACBA→ABCA B.线框的磁通量为零时,感应电流却不为零 C.线框所受安培力的合力方向依次为向上→向下→向上 D.线框做自由落体运动 答案B 解析根据右手定则,通电直导线的磁场在上方垂直纸面向外,下方垂直纸面向里;离导线近的地方磁感应强度大,离导线远的地方磁感应强度小。线框从上向下靠近导线的过程,垂直纸面向外的磁通量增加,根据楞次定律,线框中产生顺时针方向的电流;穿越导线时,上方垂直纸面向外的磁场和下方垂直纸面向里的磁场叠加,先是垂直纸面向外的磁通量减小,之后变成垂直纸面向里的磁通量增大,直至最大;根据楞次定律,线框中产生逆时针方向的电流。垂直纸面向里的磁通量变成最大后,线框继续向下运动,垂直纸面向里的磁通量减小,这时的电流方向又变成了顺时针,即感应电流方向依次为ACBA→ABCA→ACBA,故A错误;根据A中的分析,线框穿越导线时,始终有感应电流存在,故B正确;根据楞次定律,安培力始终阻碍线框相对磁场的运动,故安培力的方向始终向上,线框不可能做自由落体运动,故C、D错误。‎ ‎10、(2017·河北石家庄一模)如图所示为小型旋转电枢式交流发电机,电阻r=1 Ω的矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中,绕垂直于磁场方向的固定轴OO'匀速转动,线圈的两端经集流环和电刷与电路连接,滑动变阻器R的最大阻值为6 Ω,滑片P位于滑动变阻器距下端处,定值电阻R1=2 Ω,其他电阻不计,线圈匀速转动的周期 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 T=0.02 s。闭合开关S,从线圈平面与磁场方向平行时开始计时,线圈转动过程中理想电压表示数是5 V。下列说法正确的是(　　)‎ A.电阻R1消耗的功率为W B.0.02 s时滑动变阻器R两端的电压瞬时值为零 C.线圈产生的电动势e随时间t变化的规律是e=6sin 100πt V D.线圈从开始计时到 s的过程中,通过R1的电荷量为 C 答案D 解析设电源的电动势为E,由串并联电路特点,可得5 V=·5,E=6 V,由闭合电路欧姆定律知,电路中的总电流I=1 A,由焦耳定律可得,电阻R1消耗的功率P1=R1=R1= W,选项A错误;0.02 s时正好是图示时刻,此时线圈产生的电动势最大,滑动变阻器两端的电压也为最大值,而不是零,选项B错误;由题设条件可得,角速度ω==100π rad/s,则从图示时刻算起,线圈产生电动势的表达式为e=Emcos ωt=6cos 100πt(V),选项C错误;线圈从开始计时到 s的过程中,通过线圈的磁通量的变化量ΔΦ=BS,由法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和电流的定义可得,q= C,由串并联电路特点可得,通过R1的电荷量q1=q= C,选项D正确。‎ ‎11、研究放射性元素射线性质的实验装置如图所示。两块平行放置的金属板A、B分别与电源的两极a、b连接,放射源发出的射线从其上方小孔向外射出。则(　　)‎ A.a为电源正极,到达A板的为α射线 B.a为电源正极,到达A板的为β射线 C.a为电源负极,到达A板的为α射线 D.a为电源负极,到达A板的为β射线 答案B 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 由莲山课件提供http://www.5ykj.com/ 资源全部免费 解析粒子在平行板电容器间做类平抛运动,竖直方向上y=v0t,水平方向上x=at2=t2,联立两个方程可得y=v0,已知β粒子的速度为0.9c左右,α粒子的速度为0.1c,β粒子的质量是α粒子的,电荷数为α粒子的,所以β粒子和α粒子竖直方向上的位移之比为