2013年高考物理 考前模拟冲刺四
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2013年高考物理 考前模拟冲刺四

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资料简介
- 1 - 2013 年高考物理考前模拟冲刺四 一、单项选择题(每小题 3 分,共 15 分。每小题只有一个选项符合要求,选对的得 3 分,选 错或不选的得 0 分) 1、对下列物理公式的理解,说法正确的是 ( ) A.由公式 a= △v/ △t 可知,加速度 a 由速度的变化量△v 和时间△t 决定 B.由公式 a= F/m 可知,加速度 a 由物体所受合外力 F 和物体的质量 m 决定 C.出公式 E=F/q 可知,电场强度 E 由电荷受到的电场力 F 和电荷的电量 q 决定 D.由公式 C=Q/U 可知,电容器的电容 c 由屯容器所带电量 Q 和两板间的电势差 U 决定 2、静电场中,带电粒子在电场力作用下从电势为φa 的 a 点运动至电势为φb 的 b 点.若带电 粒子在 a、b 两点的速率分别为 va、vb,不计重力,则带电粒子的比荷 q/m,为 A. 2 2 a b b a    v v B. 2 2 b a b a    v v C. 2 2 2( ) a b b a    v v D. 2 2 2( ) b a b a    v v 3、放置在光滑地面上的物体在某种力的作用下从静止开始向右运动,如果该物体的速度时 间图像是一条抛物线,如右图所示,则下列说法正确的是( ) A.0 ~ t1 内物体做匀加速运动 B.t1 时刻物体的速度最大,加速度也最大 C.物体在 0 ~ t1 内和 t1 ~ t2 内运动的位移相等 D.物体在 0 ~ t1 内和 t1 ~ t2 内运动的速度方向相反 4、酒精测试仪利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器,酒精气体传感器的电阻随酒 精气体浓度的变化而变化。在如图所示的电路中,R 和 Ro 为定值电阻,不同的酒精气体浓度 对应着传感器的不同电阻,因此,显示仪表读数的指针与酒精气体浓度有了对应关系。如果 二氧化锡半导体型酒精气体传感器电阻 r′的倒数与酒精气体的浓度成正比,那么,电压表示 数 U 与酒精气体浓度 c 之间的对应关系正确的是 ( ) A.U 越大,表示 c 越大,但是 c 与 U 不成正比 B.U 越小,表示 r′越小 c 越大,但是 c 与 U 成正比 C.U 越小,表示 c 越小,c 与 U 成反比 D.U 越大,表示 r′越大 c 越大,c 与 U 成正比 5.一物体放置在倾角为 的斜面上,斜面固定于加速上升的电梯 中,加速度为 a ,如图所示.在物体始终相对于斜面静止的条件下( ) A.当 一定时, a 越大,斜面对物体的正压力越小 B.当 一定时, a 越大,斜面对物体的摩擦力越大 C.当 a 一定时, 越大,斜面对物体的正压力越大 D.当 a 一定时, 越大,斜面对物体的摩擦力越小 二、多项选择题(每小题 4 分,共 16 分。全选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错或 不选的得 0 分) 6、如图,A、B 是在地球大气层外圆周轨道上运行的质量不等的两颗卫星,它 v t0 t1 t2 R R R 地球 A卫星 B卫星 a θ - 2 - 们的轨道半径满足 RA=2R,RB=3R,R 为地球半径,下列说法正确的是( ) A.A、B 的角速度之比 1:1: BA  B.A、B 的线速度之比 2:3: BA vv C.A、B 的加速度之比 4:9: BA aa D.A、B 受到的万有引力之比 4:9: BA FF 7、M、N 是一对水平放置的平行板电容器,将它与一电动势为 E,内阻为 r 的电源组成如图所 示的电路,R 是并联在电容器上的滑动变阻器,G 是灵敏电流计,在电容器的两极板间有一 带电的油滴处于悬浮状态,如图所示,现保持开关 S 闭合,将滑动变阻器的滑片向上滑动, 则( ) A.在滑片滑动时,灵敏电流计中有从 a 向 b 的电流 B.在滑片滑动时,灵敏电流计中有从 b 向 a 的电流 C.带电油滴将向上运动 D.带电油滴将向下运动 8、如图,实线表示某电场的电场线,一个带负电的粒子沿虚线所示的路径从 a 点运动到 b 点, 则( ) A.带电粒子所受电场力变大 B.带电粒子所受电场力变小 C.带电粒子的电势能变大 D.带电粒子的电势能变小 9、2010 年广州亚运会上,刘翔重归赛场,以打破亚运记录的方式夺得 110 米跨栏的冠军。他 采用蹲踞式起跑,在发令枪响后,左脚迅速蹬离起跑器,在向前加速的同时提升身体重心。 如图所示,假设质量为 m 的运动员,在起跑时前进的距离 S 内,重心升高量为 h,获得的 速度为 v,阻力做功为 W 阻,则在此过程中( ) A.运动员的机械能增加了 2 2 1 mv B.运动员的机械能增加了 mghmv 2 2 1 C.运动员的重力做功为 mghW 重 D.运动员自身做功 阻人 WmghmvW  2 2 1 三、简答题简答题:本大题分必做题(第 10、11 题)和选做题(第 12 题)两部分,共 42 分.请将解答填在相应的位置. 10、Ⅰ(4 分)利用重物自由下落验证机械能守恒定律的实验。 (1)在验证机械能守恒定律的试验中,没有..必要进行的操作是 ( ) A.用天平测重物的质量 B.用秒表测重物下落的时间 C.用打点计时器记录重物下落的信息 D.用纸带记录测量重物下落的高度 (2)该实验所用打点计时器的电源频率为 50Hz, A、 B、C 为纸带中选取的三个计数点,每两个计数点 之间还有 4 个点未画出,则每两个计数点之间的 时间间隔 T= s,打点计时器在打下计数点 B 时,物体的下落速度为 vB= m/s。(小数点 M N Ga b Er R S E b a-q h S · · ·A B C 20.5018.70 单位:cm - 3 - A O p/( 510 Pa) V/( -310 m3) 1 1 3 3 B 后保留两位有效数字) (3)由于该实验中存在阻力做功,所以实验测得的重物的重力势能的减少量 动能的增加 量(选填“”或“=”) 11、(10 分)现有一只标值为“3.0V,xW”小灯泡,其额定功率的标值已模糊不清。某同学想 通过测量灯丝伏安曲线的方法,来找出该灯泡正常工作时的功率。 (1)已知该灯泡灯丝电阻较小,请先在图(甲)中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图,再选 择合适量程的电流表与电压表,将图(乙)中的实物连成完整的电路。 (2)开关 S 闭合之前,图(乙)中滑动变阻器的滑片应该置于 (选填“A”端、“B 端”、或“AB 正中间”) (3)该同学通过实验作出了灯丝的伏安曲线如图(丙)所示,根据小灯泡的额定电压的标值为 “3.0V”,从图(丙)中可以找出该灯正常工作时的电流 I= A,其额定功率为 P= W。(结果均保留两位有效数字) 12.【选做题】本题包括 A、B 小题,,并在答题卡相应的答题区域内作答................。 A.(选修模块 3-3)(12 分) (1)下列说法中正确的是 ▲ A.水可以浸润玻璃,水银不能浸润玻璃 B.热管是利用升华和汽化传递热量的装置 C.布朗运动是指在显微镜下直接观察到的液体分子的无规则运动。 D.一般说来物体的温度和体积变化时它的内能都要随之改变 (2) 如图所示,一定质量的某种理想气体由状态 A 变为状态 B, A、B 两状态的相关参量数据已标于压强—体积图象上。该 气体由 A  B 过程中对外做功 400J,则此过程中气体内能 增加了 J,从外界吸收了 J 热量。 I/A 0 0.1 .0 0.2 0.3 1.0 52 3.0 (丙) U/V 2.0 52 4.0 6 (甲) SE R0 (乙) S A S B S - 4 - (3)某地强风速 v=10m/s,空气的密度 3=1.3 /kg m 。若通过截面积 S=400m2 的风能全部用于 使风力发电机转动,且风能的 20%转化为电能,则通过这个截面的风的发电功率是多大? B.(选修模块 3-4: 计 12 分) ⑴如图所示,O 是一列横波的波源,从 O 点起振开始计时,t=0.4s 时,波形如图示(即此刻 仅在 OA 之间有波形).则以下判断正确的是 。 A.波传到 x=9m 处的点 Q 时,A 点运动的路程为 5m B.波传到 x=9m 处的点 Q 时,A 点运动的路程为 1m C.从此刻起再经过 1.2s 点 Q 第二次出现波峰 D.从此刻起再经过 0.8s 点 Q 第二次出现波峰 (2)某单摆的摆长为 l、摆球质量为 m,单摆做简谐振动时的周期为 T,摆动时最大动能为 Ek,如果摆角不变,将摆球质量变成 2m,则单摆的最大动能变为__________,如果将摆长变 再变为 2l,摆角变成原来一半时,单摆的周期为________。 ⑶如图所示是安全门上的观察孔,其直径 ab 为 4 cm,门的厚度 ac 为 2 3 cm。为了扩大向 外观察范围,将孔中完全嵌入折射率为 3 的玻璃,那么嵌入玻璃后向外观察视野的最大张角 是多少?若要求将视野扩大到 1800,嵌入玻璃的折射率应为多少? 解: 四、计算题(本题共 2 小题,第 15 题 8 分,第 16 题 11 分,共 19 分. 要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤) 13、(15 分)如图所示,抗震救灾运输机在某场地卸放物资时,通过倾角为 300 的固定光滑斜 轨道面进行。有一件质量为 m=2.0kg 的小包装盒,由静止开始从斜轨道的顶端 A 滑至底 端 B,然后又在水平面上滑行一段距离后停下。若 A 点距离水平面的高度 h=5.0m,重力 加速度 g 取 10m/s2,求: 1)包装盒由 A 滑到 B 所经历的时间; 2)若地面的动摩擦因数为 0.5,包装盒在水平地面上还能滑行多远?(不计斜面和地面 接触处的能量损耗) - 5 - 14、(16 分)如图所示,一个板长为 L,板间距离也是 L 的平行板容器上极板带正电,下极板 带负电。有一对质量均为 m,重力不计,带电量分别为+q 和-q 的粒子从极板正中水平射入(忽 略两粒子间相互作用),初速度均为 v0。若-q 粒子恰能从上极板边缘飞出,求 (1)两极板间匀强电场的电场强度 E 的大小和方向 (2)-q 粒子飞出极板时的速度 v 的大小与方向 (3)在极板右边的空间里存在着垂直于纸面向里的匀强磁 场,为使得+q 粒子与-q 粒子在磁场中对心正碰(碰撞时速 度方向相反),则磁感应强度 B 应为多少? 15(16 分)个质量 m=0.1kg 的正方形金属框总电阻 R=0.5,金属框放在表面是绝缘且光滑 的斜面顶端,自静止开始沿斜面下滑,下滑过程中穿过一段边界与斜面底边 BB’平行、宽度 为 d 的匀强磁场后滑至斜面底端 BB’,设金属框在下滑时即时速度为 v,与此对应的位移为 s, 那么 v2-s 图像如图 2 所示,已知匀强磁场方向垂直斜面向上。试问: (1)分析 v2-s 图像所提供的信息,计算出斜面倾角和匀强磁场宽度 d。 (2)匀强磁场的磁感应强度多大? (3)金属框从斜面顶端滑至底端所需的时间为多少? (4)现用平行斜面沿斜面向上的恒力 F 作用在金属框上,使金属框从斜面底端 BB’静止开始 沿斜面向上运动,匀速通过磁场区域后到达斜面顶端。试计算恒力 F 做功的最小值。 参 考 答 案 B v0 v q q L L                   - 6 - 一、二选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 答案 B C C A B BC AC BD BD 三.简答题 10、Ⅰ (1) AB (单选得 1 分) (2) 0.1 1.96 (3) > 11、Ⅱ(10 分)(1)如图,电路 2 分,电流表内接不给分;实物连线 2 分(任何一个地方错 误得 0 分)。 (2)(2 分)B 端 (可能是 A 端,与所连实物图对应即可得分) (3)(每空 2 分) 0.25 0.75 12A (1)AD(4 分) (2)0(2 分) 400(2 分) (3) 2 3 1 20% 12 10 vtSv p Svt      (2 分) 45.2 10 W  (2 分) 12B (1) BC (2)2Ek, 2 T ⑶ 向外观察张角最大时,在 cd 边中点 e 观察, b 为入射点,be 为折射光线,入射角 i、折射角 r,由几何关系有 sinr = ed/be = 1/2,根据 折射定律有 sini/ sinr = n,得 i = 600,则最大张角θ = 2i = 1200;视野扩大到 1800,即 入射角为 900,折射角 r = 300,则折射率 n = sin900/sin300 = 2。 四、计算题 13、解:.解:对物体进行受力分析,由牛顿第二定律,得: mamg sin 2/5sin smga   ………………………………………(1 分) S A S B S SE R0 V E A E - 7 - 包装盒沿斜面由 A 到 B 的位移为 m1030sinSAB  h ……(1 分) 设包装盒由 A 到 B 做匀加速运动的时间为 t 则 2 2 1 atS AB  ……………………………………………………(1 分) 解得: sa St AB 22  …………………………………………(1 分) (2)由动能定理得: 2 2 10 mvfs  ………………………… (2 分) 其中 mgf  ……………………………………………………(1 分) 在 B 点速度 atv  ………………………………………………(1 分) 代入已知,得 s=10m ……………………………………………(1 分) 14、解:(1)由于上板带正电,下板带负电,故板间电场强度方向竖直向下 -q 粒子在水平方向上匀速运动,在竖直方向上匀加速运动 tvL 0 …………………….……………………..……………………..…………① 2 2 1 2 atL  ……………………………………………..………….…………………② 其中 m Eqa  ………………………………………………………………………………③ (①②③联合列式且正确者得 3 分) 由①②③得, qL mvE 2 0 ……………………………………………………………..④(1 分) (2)设粒子飞出板时水平速度为 vx,竖直速度为 vy,水平偏转角为 0vvx  ……………………………….………………………………………………..⑤ 0v L m Eqatvy  ……………………….………..…………………………………..⑥ x y v vtan ……………………….………..…………………………………………..⑦ 22 yx vvv  ……………………….…………………………………………………⑧ 由④⑤⑥⑦⑧式可得 45 , 02vv  ….………………………………………⑨(1 分) (⑤⑥⑦联合列式且正确者得 3 分) (3)由于+q 粒子在电场中向下偏转,且运动轨迹与-q 粒子对称,它飞出下 极板时速度大小与偏转角和-q 粒子相同,进入磁场后它们均做圆周运动, B v0 v q q L L 45 v v R O                   - 8 - 为了使它们正碰,只须 RRR   ,轨迹如图所示 由几何关系易知 LR 2 2 .………………………………⑩(1 分) 洛伦兹力提供向心力 R vmqvB 2  .………… .………….⑾(2 分) 由得⑨⑩⑾ qL mvB 02 …………………………………….. (1 分) 15、解:(1)s=0 到 s=1.6 m 由公式 v2=2as,该段图线斜率 k=v2 s =2a= 16 1.6 =10,所以 a=5m(1 分),根据牛顿第二定律 mgsin=ma(1 分),sin=a g = 5 10 =0.5,=30(1 分), 由 图得从线框下边进磁场到上边出磁场均做匀速运动,所以△s=2L=2d=(2.6-1.6)m=1 m, d=L=0.5m(2 分), (2)线框通过磁场时,v1 2=16,v1=4 m/s,此时 F 安=mg sin(1 分),BLBLv1 R =mg sin, B=1 L mgR sinθ v1 =0.5 T(1 分), (3)t1=v1 a =4 5 s=0.8 s(1 分),t2=2d v1 =20.5 4 s=0.25 s,s3=(3.4-2.6)m=0.8 m, s3=v1t3+1 2 a t3 2,t3=0.2 s(1 分), 所以 t=t1+t2+t3=(0.8+0.25+0.2)s=1.25 s(2 分) (4)未入磁场 F-mgsin=ma2,进入磁场 F=mgsin+F 安, ∴F 安=ma2(1 分),BLBLv R = m v2 2s1 ,v=2B2L2s1 mR =2 m/s(1 分),F 安=B2L2v R =0.25N(1 分),最小功 WF=2dF 安+mg(s1+ s2+s3)sin=2B2L2vd R +mg(s1+s2+s3)sin=1.95 J(2 分)

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