一、单项选择题:
1—5.ACABD 6—8.BAB
二、多项选择题:
9.ABD 10.ACD 11.ABC 12. ABD
三、填空题:
13. 14. 15. a>c>b 16.
四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17.解:由得即,故
选①:
当时,;
当时,即;
当时,此时
综上:
选②③:答案同①
18.解:(1);
(2)是第三象限角,,
又,所以,所以
故
19. 解:(1)由
年度周期
1
2
3
4
5
纯增数量(单位:万辆)
3
6
9
15
27
所以,,
.
所以.
因为过点,所以,
,所以.
2025~2030年时,,所以,
所以2025~2030年间,机动车纯增数量的值约为34.8万辆.
(2)根据列联表,计算得的观测值为
,
,
所以有的把握认为“对限行的意见与是否拥有私家车有关”.
20. 解:(1),当时,的对称轴为:;
当时,的对称轴为:;∴当时,在R上是增函数,即时,函数在上是增函数;
(2)方程的解即为方程的解.
①当时,函数在上是增函数,∴关于的方程不可能有三个不相等的实数根;
②当时,即,∴在上单调增,在上单调减,在上单调增,∴当时,关于的方程有三个不相等的实数根;即,∵∴.
设,∵存在使得关于的方程有三个不相等的实数根, ∴,又可证在上单调增
∴∴;
③当时,即,∴在上单调增,在上单调减,在上单调增,
∴当时,关于的方程有三个不相等的实数根;
即,∵∴,设
∵存在使得关于的方程有三个不相等的实数根,
∴,又可证在上单调减∴
∴;
综上:.
21.
(1)
因为平面平面,
所以平面,故,
又因为,,,
所以,故,
因为,所以,
又因为,所以平面,故.
(2)以为坐标原点,,,所在直线为,,轴,建立空间直角坐标系,
因为平面,
所以是直线与平面所成角,
故,
所以,,
,,,,,,
设平面的法向量为,则
,所以,
令,得,
因为平面,
所以为平面的一条法向量,
,
,
所以二面角的余弦值为.
22. 解:(1)方法一:由(1)可得f(x)=ex-e-x-mx,所以f '(x)=ex+e-x-m=.
①当m≤2时,由于e2x-mex+1≥0恒成立,
即f '(x)≥0恒成立,故不存在极小值.
②当m>2时,令ex=t,则方程t2-mt+1=0有两个不等的正根t1,t2 (t1<t2),
故可知函数f(x)=ex-e-x-mx在(-∞,lnt1),(lnt2,+∞)上单调递增,
在(lnt1,lnt2)上单调递减,即在lnt2处取到极小值,
所以,m的取值范围是(2,+∞).
方法二:由(1)可得f(x)=ex-e-x-mx,令g(x)=f '(x)=ex+e-x-m,
则g′ (x)=ex-e-x=.
故当x≥0时,g′(x)≥0;当x<0时,g′(x)<0,
故g(x)在(-∞,0)上递减,在(0,+∞)上递增,所以g(x)min=g(0)=2-m.
①若2-m≥0,则g(x)≥0恒成立,所以f(x)单调递增,此时f(x)无极值点.
②若2-m<0,即m>2时,g(0)=2-m<0.取t=lnm,则g(t)=>0.
又函数g(x)的图象在区间[0,t]上不间断,所以存在x0∈ (0,t),使得 g(x0)=0.
又g(x)在(0,+∞)上递增,
所以x∈(0,x0)时,g(x)<0,即f '(x)<0;x∈(x0,+∞)时,g(x)>0,即f '(x)>0,
所以f(x0)为f(x)极小值,符合题意.
所以,m的取值范围是(2,+∞).
(2)由x0满足e+e=m,代入f(x)=ex-e-x-mx,
消去m,可得f(x0)=(1-x0)e-(1+x0)e.
构造函数h(x)=(1-x)ex-(1+x)e-x,所以h′(x)=x(e-x-ex).
当x>0时,e-x-ex=≤0,所以当x>0时,h′(x)≤0恒成立,
故h(x)在(0,+∞)上为单调减函数,其中h(1)=-,
则f(x0)≥-可转化为h(x0)≥h(1),故00时,y’=ex-e-x≥0,所以y=ex+e-x在(0,1]上递增,故m≤e+.
综上,m的最大值为e+.