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宜春市 2020 届高三模拟考试物理答案 二、选择题 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 D B C D A BC BD ABD 14.答案：D 解析：γ 射线是衰变过程中所产生的新原子核由于处于高能级，高能级不稳定，自发跃迁到低能级时放 出的，所以 A 选项错误；伽利略实验是理想实验，故 B 错；场的概念是由法拉第提出来的，故 C 错； 当 Δt 非常小时，可用 Δt 这段时间的平均速度表示该段时间任意时刻的瞬时速度，用的是极限思维法， 故 D 正确。 15.答案：B 解析：O 到 d 过程中加速度始终为正，即始终向上，因此 O 到 d 整个过程中医护人员均处于超重状态； O 到 d 过程速度增量为 0-8s 这段时间内 图像所围的面积，通过求解可知大于 20.5m/s，因此 c 项错 误；由于未告诉初速度所以无法求出 0-8s 这段时间直升机往上上升的高度，所以 D 项错。 16.答案：C 〖解析〗由于电动机不是纯电阻元件，所以通过它的电流不可用欧姆定律计算，A 错误；由于是理想变 压器，所以原副线圈匝数比等于电压之比，B 错误；由于是理想变压器，所以原副线圈电流之比与线圈 匝数成反比，易知副线圈中总电流为 2.5A，根据副线圈中各元件形成并联可知，通过电动机的电流为 1.5A，再结合热功率 及 可知 C 正确，D 错误。 17.答案：D 解析：由于玉兔二号没有脱离太阳系，所以发射速度小于地球的第三宇宙速度，故 A 错；小球下落过程 中满足机械能守恒，设到达最低点速度为 v，月球表面重力加速度为 g,可列 ，到达最低点 做圆周运动又可列 ，有以上两方程可得 ，因此 B 项错；由公式 可 得 ,所以 C 错误；由周期公式 可知 D 项正确 18.答案：A 解析:放于 B、C 两点的电荷在 A 点激发的电场强度大小相同，根据电场强度的合成法，可知 B、C 两电 荷在 A 点激发的电场强度大小均为 ;当放在 B 点的电荷性质发生改变后，再次应用电场强度合成 法可得此时 A 点的场强为 ，故 A 正确。 19.答案：BC 解析：通过分析，大量 Li2+类氢原子吸收光子后应该跃迁到量子数 n=5 的能级。根据跃迁方程可知吸收 的单色光光子能力为 ，故 A 错；辐射出光子的种类多少可用公式 ta − rIP 2=热 mgvrIUIp =−= 2 机 2 2 1 mvmgr = r vmmg 2 10 =− 2/3 5 smg = R GMg = G RM 3 5 2 = 5 1244 2232 R g R GM RT πππ === E3 3 EE 3 3− 0.54 ( 13.6) 13.06 VE e= − − − =，所以 B 正确；根据公式 可知 C 正确；量子数越大， 核外电子动能越小，故 D 错。 20.答案：BD 解析：对小球进行受力分析，小球离开斜面时应满足 可得 ，故 B 正 确；若离开前小球沿斜面做加速度 的匀加速运动可求得离开时的速度为 ，所以离 开 前 的 运 动 不 是 加 速 度 的 匀 加 速 运 动 ， 故 A 错 ； 电 势 能 与 静 电 力 做 功 存 在 故 C 错；由能量守恒可列 代入相应物理可得 Q=30J;故 D 正确。 21.答案：ABD 解析：设导体棒进入磁场时的速度为 ，则此时导体棒所受的安培力为 ,导体棒的合力 可得 ，在进入磁场之前做自由落体运动，由运动学公式可得进入磁 场前下落的高度为 0.8m,A 正确。出磁场时安培力与重力等大反向，令出磁场时速度为 ，则有 可得 ，所以 B 正确；设磁场区域的高度为 h,根据电荷量 可 得 ，故 C 错误；从进入磁场到出磁场过程中根据能量守恒可得 R 上产生的焦耳热为 6.75J,因此 D 正确。 三、非选择题 22.（6 分）答案（1） （2 分） （2 分）（2） （2 分） 解析：M 通过光电门的速度 ;将 M 的速度沿绳和垂直绳分解可得 可反映机械能守恒的表达式为 23. （9 分）（1）①③⑤⑦⑧⑨（2 分） (2)如图(3 分） （3）特性曲线如下图(2 分） （4） （2 分） 种102 )1( =−× nn max 10.21Vue h w uν= − =可知 053cos)( EqmgvBq −= smv /3= 2/4 sma = sm /62 2/4 sma = JEqWE Fp 484.2 =×=−=∆ kpFPG EQEE ∆++∆=∆− 1v Rr vLBF += 1 22 maRr vLBmgF =+−= 1 22 合 smv /41 = 2v Rr vLBmg += 2 22 smv /102 = rR BLh rRq +=+ ∆Φ= mh 6= t dvM = θcost dvm = 22 )cos(2 1)(2 1 θ t dmt dMmgh += t dvM = θcost dvm = 22 )cos(2 1)(2 1 θ t dmt dMmgh += w)03.036.0( ±解析（1）根据灯泡的规格可知，灯泡的额定电流为 0.5A，故电流表选 A2；灯泡的额定电压为 3V，题 中所给电压表量程为 15V,量程过大，因此需将表头 G 串接一定值电阻 R 来替代电压表；表格中电压和 电流均从零开始增大，故滑动变阻器采用了分压式接法，应选最大阻值较小的滑动变阻器 R2；由于电流 表 A2 内阻非常小，故电流表需采用内接法。（2）根据（1）问中对选仪器时的分析可画如下原理图； （3）根据表格中数据描点可得图如上（4）做电源的 ,电源的 与小灯泡的 图 像交点横纵坐标乘积即是此情况下小灯泡的实际功率。 24.答案：（1） （2） 解析：（1）两球碰后粘在一起与竖直挡板碰撞到回到 B 点整过程可看成做匀减速运动 设两球碰后的共同速度为 看成做匀减速运动的加速度大小为 ① （1 分） 看成做匀减速运动的位移为 ② （1 分） 根据匀变速运动运动公式 ③ （1 分） 设 以 的速度与 发生碰撞，由于碰撞中满足动量守恒，由守恒可列方程： ④ (2 分） 由①②③④可得： ⑤ （1 分） （2） 从 A 点到 B 点在力 F 和滑动摩擦力 作用下速度由 0 变到 设 F 作用的时间为 t,对该过程应用动量定理可列： ⑥ （2 分） 由⑤⑥ 可得 ⑦ （2 分） F 和滑动摩擦力 同时作用的加速为 ⑧ （1 分） 此段过程做匀加速运动，匀加速时间为 ，末速度为 ⑨ （1 分） A、B 两点距离 ⑩ （1 分） 由⑤⑦⑨⑩可得 图像UI − 图像UI − UI − smv /3= st 3= md 5.31= 1v 2 21 21 /2)( smugmm gmmua ==+ += mx 1= axv 20 2 1 2 −=− 1m v 2m 1211 )( vmmvm += smv /3= 1m gmF 1µµ = v vmtgmFt 11 )3( =+− µ st 3= gmF 1µµ = 2 1 1 1 /3 smm gmFa =−= µ s3 smv /92 = 3232 0 22 ×++×+= vvvd （1 分） 25 答案：（1） 方向垂直面向外 (2) (3) 解析：（1）根据沿径向进入匀强磁场必沿径向出来的原则，可知 A 点速度所在的直线与 B 点速度所在 直线的交点就是圆形磁场的圆心 (如图所示）设圆形磁场的半径为 R 由几何知识可得 ① （2 分） 粒子在磁场中运行的轨迹与两个速度相切，设粒子运动的轨道半 径为 r 由几何知识可得 ② （2 分） 在磁场中运动洛伦兹力提供向心力可得 ③ （1 分） 由②③及已知条件可得 方向垂直面向外 （2 分） （2）从 B 点进入电场之后将速度分解，沿 X 轴分速度大小为 （1 分） 沿 Y 轴分速度大小 （1 分） 沿 Y 轴方向向下匀速运动，可知任一时刻位置坐标为 ④ （1 分） 沿 X 轴做初速为 （朝 X 轴正向），加速度大小为 （朝 X 负向） 可知任一时刻位置坐标 ⑤ （1 分） 由 ④ ⑤可得： ⑥ （2 分） （3）运动总时间分三段 第一段时间在磁场中运动，圆心角为 可得 ⑦ （1 分） md 5.31= TB 2103 2 −×= 1.03 3 6 25 2 +−−= yyx stttt 2 321 10)3 3624( −×++=++= π总 'O cmR 4= cmr 34= qr mvBr vmqvB =⇒= 2 TB 2103 2 −×= smv /21 = smv /322 = ty 32−= smv /21 = 2/100 smm Eqa == 25021.0 ttx −+= 1.03 3 6 25 2 +−−= yyx 3 π sqB mt 2 1 103 3 −×== πθ第二段时间在第一象限无场区的时间，在第一象限无场区做匀速直线运动，由几何知识可知在无场区发 生的位移为 8cm,则时间为 ⑧ （1 分） 第三段时间在电场中的时间，研究电场中沿 X 轴运动，再次经过 Y 轴所发生的位移为-0.1m 可列 由方程可得 ⑨ （2 分） （1 分） 33.（物理—选修 3-3） (1)答案：ADE 解析：扩散现象直接反应分子热运动，布朗运动间接反应分子热运动，因此 A 项正确；温度越低空气湿 度未必越大，空气湿度看得相对湿度，所以 B 项不对；分子距离从非常小的距离变到非常大的距离过程 中，势能先减小后增大，而分子力则是先减后增再减的过程，因此 C 项错；表面张力产生的原因是液面 分子力表现为引力的结果，毛细现象时附着层分子力表现为引力或斥力的结果，故 D 项正确；E 项是热 力学第二定律的内容，故 E 正确。 答案：ADE （2）答案：（i） （ii） 解析：（i）设弹簧刚恢复原长时第②部分气体压强为 对 m2 进行受力分析可得平衡方程： ① （2 分） ② （1 分） （ii）设第①部分气体初始压强为 ，弹簧刚恢复原长时的压强为 ；设第②部分气体初始压强为 初始时对活塞 m1 列平衡方程有： ③ （1 分） 初始时对活塞 m2 列平衡方程有： ④ （1 分） 弹簧恢复原长时对活塞 m1 列平衡方程有： ⑤ （1 分） 从初始到到弹簧恢复原长①部分气体发生的是等温变化，设 活塞上升的高度为 由玻意耳定律可列方程： ⑥（1 分） 从初始到到弹簧恢复原长对第②部分气体应用理想气体状态方程可列： ⑦ （1 分） 由②③④⑤⑥⑦方程可得： st 2 2 2 1024 108 − − ×=×= 2 33 5021.0 tt −=− st 2 3 10)622( −×+= stttt 2 321 10)3 3624( −×++=++= π总 pap 5' 2 105.1 ×= cmh 10= kT 1080' = ' 2p spgmsp 02 ' 2 += pap 5' 2 105.1 ×= 1p ' 1p 2p gmspsp 112 += gmspLksp 202 +=∆+ gmspsp 1 ' 1 ' 2 += 1m h )( 1 ' 111 hsvpvp −= [ ] ' 2 ' 222 )( T Lhsvp T vP ∆++= （1 分） （1 分） 34.（物理—选修 3-4） （1）答案：BCD 解析：均匀变化的磁场不会形成电磁波，故 A 错；由干涉条纹间距 可知 B 正确；受迫振动的振 动周期等于驱动力的周期，故 C 正确；太阳光为复合光，复合光中各单色光的折射率不同，所以经过三 棱镜后为发散从而形成彩色光带,故 D 正确；多普勒效应，火车发出的声音频率未必发生改变，故 E 错 误。 （2）答案：（i） （ii） 解析：（i）令矩形玻璃砖全反射角临界角为 由题意可知，光线在矩形玻璃砖内的传播速度为 （1 分） 由几何知识可知经历的时间 （1 分） 由以上关系式可得 （1 分） （ii）由题图可知，光线在矩形玻璃砖的上界面恰好发生全反射，由折射率与临界角的关系可得 设光线在 A 点发生折射时入射角为 β，折射角为 θ，根据数学知识有 由三角函数 ① （1 分） 在 A 点，根据折射定律 ② （1 分） 设光线在 H 点的入射角为 i，折射角为 γ，由几何关系得 ③ （1 分） 根据三角函数 ④ （1 分） 由以上几个表达式可得 ⑤ （1 分） ⑥ （1 分） 在 H 点应用折射定律 可得 ⑦ （1 分） cmh 10= kT 1080' = d Ld λ= c nLt 2⋅= 2 1 22 nn −= α n cv = n 1sin =α α α sin sin v L v L t == c nLt 2⋅= n 1sin =α αθ sincos = 1sincos 22 =+ θθ n=θ β sin sin βγ sincos = 1sincos 22 =+ γγ 22sin n−=γ 2 13 3 sin 22 = + == OSOH R SH OHi 1sin sin ni =γ 2 1 22 nn −=