贵州贵阳市一中2020届高三理综高考适应性月考试卷（六）（扫描版有答案）

2020 届高考适应性月考卷（六） 理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 B A D C D B C D A C D D C 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14~18 题只有一 项符合题目要求；第 19~21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3 分，有选错的给 0 分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C D D A D BC BD BC 【解析】 1．磷脂分子由 C、H、O、P、N 组成，A 正确。P 是细胞膜中磷脂、细胞核中核酸的组成成 分，但叶绿素的元素组成是 C、H、O、N、Mg 不含 P，B 错误。Na+缺乏会导致神经细胞 外的 Na+浓度降低、动作电位降低，C 正确。糖类分子都是由 C、H、O 三种元素构成的， D 正确。 2．葡萄糖不能进入线粒体，因此线粒体膜上没有运输葡萄糖的载体，A 错误。主动运输是由 低浓度→高浓度运输，可以使被运输离子在细胞内外浓度差异加大，B 正确。真核细胞叶 绿体光反应中产生的 ATP 主要用于暗反应，植物叶肉细胞吸收所需的能量可由细胞质基 质和线粒体合成的 ATP 提供，C 正确。细菌是原核生物，控制其主要性状的基因位于拟 核 DNA 上，D 正确。 3．组别 2、3、4 中根的平均数目比组别 1 中的多，说明 2，4−D 能促进生根，组别 5 中 根的平均数目比组别 1 中的少，说明 2，4−D 能抑制生根，A 正确。组别 5 中的 2，4−D 能抑制生根，说明 a4 浓度最高，B 正确。组别 3 和组别 4 根的平均数目相同，说明促 进插条生根的最适浓度在 a3~a4 之间，C 正确。2，4−D 是一种人工合成的生长素类似物， 属于植物生长调节剂，D 错误。 4．激素的本质是有机物，但并非所有激素的本质都是蛋白质，A 错误。激素是由内分泌细胞 分泌的对生物代谢具有重要调节作用的有机物，既不起催化作用也不提供能量，B、D 错 误。激素一经靶细胞接受并起作用后就被灭活，以维持体内激素含量的动态平衡，C 正确。 5．密码子的简并性有利于维持生物性状的相对稳定，但不能提高转录的速率，A 错误。翻译 过程中，肽链的合成一定以 RNA 为模板，一定发生在核糖体，B 错误。洋葱根尖分生区 细胞不含叶绿体，C 错误。多个核糖体能依次在相同位点上和 mRNA 结合，完成多条肽链 的合成，这样可以提高翻译的效率，D 正确。 6．图中 B 表示该营养级同化的能量，A 错误。据图分析：图中第二营养级的同化的能量是 80J/cm2·a，按能量最低传递效率 20%计算，第一营养级同化的能量至少为 400J/cm2·a， B 正确。由于第三营养级（即图中次级消费者）只知道能量的摄入量，不知道同化量，不 能计算能量由第二营养级到第三营养级的传递效率，C 错误。 B 表示该营养级同化的能量， C 表示用于生长、发育和繁殖的能量，所以放养与圈养相比，因运动强度大呼吸作用强 C 值较小，C/B 的比值会降低，从而影响畜牧产品的产量降低，D 错误。 7．漂白粉中 Ca(ClO)2 具有强氧化性，能够杀菌消毒，但不能用来净水，A 错误。氧化铝是两 性氧化物，不可以长期盛装酸性或碱性食品，B 错误。碳纤维是碳元素的单质，是无机非 金属材料，C 正确。大力推广使用煤的液化、气化技术，煤的燃烧效率提高，但二氧化碳 的排放量不变。 8．Al(OH)3 受热熔化吸收大量的热，A 错误。浓盐酸易挥发，不能说明是 HCl 还是 CO2 与苯 酚钠溶液反应，B 错误。Na2O2 不能氧化 CO2，该反应是 Na2O2 的自身氧化还原反应，C 错误。KMnO4 溶液具有强氧化性，能与乙烯发生氧化还原反应，D 正确。 9．标准状况下，SO3 为固态，B 错误。水分子中有极性共价键，C 错误。电解精炼铜时，阳 极溶解的还有比铜活泼的金属，D 错误。 10．该化合物的分子式为 C16H12O5，A 错误。该化合物分子中含有羧基、酯基、羟基三种官 能团，B 错误。该化合物分子中含有酯基的六元环上有 2 个饱和碳原子，故 3 个六元环不 可能处于同一平面，C 正确。该化合物分子中含有羧基，能发生酯化反应，含有酯基，能 发生水解反应，没有醛基，不能发生银镜反应，D 错误。 11．四种元素分别是 C、N、Na、Cl；NH3 分子间有氢键，沸点比 CH4 高，A 错误。CCl4 是共 价化合物，只有共价键，NaCl 是离子化合物，只有离子键，B 错误。HClO4 是最强酸，C 错误。H2 与 Cl2 反应，可以安静燃烧，也能发生爆炸，D 正确。 12．由“全氢电池”工作原理图示中电子流动方向可知，吸附层 b 为正极，发生了还原反应， 电极反应为 2H++2e−=H2 ，吸附层 a 为负极，发生了氧化反应，电极反应为 H2−2e−+2OH− =2H2O，电池的总反应无氧气参加，反应过程中不消耗氢气，H2 可循 环利用，基本不需要补充，故 A、B、C 不正确，D 正确。 13．加水稀释，越稀越电离，NH3·H2O 的电离程度增大，A 正确。b 点氨水过量，NH3·H2O 的电离程度大于 NH ＋4 水解程度，溶液显碱性，B 正确。c 点呈中性，因而 V(HCl)略小于 20.00mL，C 错误。d 点对应的温度较高，其水的离子积常数较大，D 正确。 14．要使铀核裂变产生链式反应，铀块的体积必须大于临界体积或铀块的质量大于临界质量， 只要组成铀块的体积小于临界体积或质量小于临界质量就不会产生链式反应，裂变反应 中产生的中子为快中子，这些快中子不能直接引发新的裂变，如果铀块的质量大，则其 体积大，若超过临界体积则发生链式反应，故 C 正确。 15．由图容易知道交变电流的瞬时值表达式为 ，故 A 错误。交流电压表 只能读取电压的有效值，故电压表示数应为 440V，故 B 错误。因为理想变压器副线圈电 压为 440V，副线圈右端负载总电阻为 100Ω，故流过副线圈的电流大小为 4.4A，流过原 线圈电流大小应为 8.8A，故 D 正确。流过 R3 的电流大小为 2.2A，所以其消耗功率为 242W， 故 C 错误。 16．在星球表面附近，万有引力等于重力。由公式得 ， ，联立解 得 。 17．对圆环作受力分析可知，其重力大小不变，而 AB 杆的支持力方向总垂直于 AB 杆，当圆 环从 A 向 B 运动时，连接圆环的轻绳与竖直方向的夹角在变小，故 AB 杆给圆环的支持力 在减小，由牛顿第三定律可知，AB 杆受到圆环给的压力在变小，故 A 正确，B 错误。同 时，轻绳张力应减小，故 C、D 错误。 18．上滑的总位移为 22.5m，加速度为 5m/s2，所以上滑的时间为 3s，故 A 错误。从 B 到 D 的单程时间为 2s，所以两次经过 B 点所花时间应为 4s，故 B 错误。B 点为 AC 的位移中 点，所以 B 点的速度大小不等于 AC 段的平均速度大小，故 C 错误。B 到 D 所花时间为 2s，故 BD 段的平均速度为 5m/s，故 D 正确。 19．小球上升阶段，由受力分析可知 ，故上升阶段加速度大小为 200 2 sin(100π )Vu t= 0 0 12 GMm m gR = 0 02 GM m m gr ′ = 2 1 2 1g Mr g M R = =′ 1sin30 cos30mg mg maµ° + ° = ， 由 运 动 学 知 识 可 知 ， 小 球 在 斜 面 上 上 升 的 最 远 距 离 为 ，故上升最大高度应为 ，故 A 错误。同理 可知下滑过程加速度应为 ，故 B 正确。小球上升阶段 ， 可得 ，下滑过程 ，故 ， 故 C 正确。小球运动过程中受到滑动摩擦力的作用，需要克服摩擦力做功，所以回到出 发点时速度不等于 ，故 D 错误。 20．由题意并结合图象可知，在 时间内汽车做加速度减小的变加速直线运动，故 A 错误。 在 时间内 ，所以汽车的平均功率为 ，故 B 正确。在 时间内，汽 车发动机所做的功为 ，故 C 错误。在 时刻，汽车达 到最大速度，则有汽车的牵引力 ， ，故 D 正确。 21．金属棒两端产生的电动势 ，故 A 错误。电压表测量的为路端电压，金属 棒只有一半接入回路中，故内阻为 2Ω，而供给整个回路的电动势为 ， 外部电阻总阻值为 10Ω，所以电压表示数为 5V，故 B 正确。闭合开关后，电容器与 R2 并 联，因此电容器两极板间电势差为 2.5V，由 可知，流过开关的电荷量为 5×10−4C，故 C 正确。外力推动金属棒旋转的功率等于回路的电功率，所以 ， 故 D 错误。 三、非选择题（共 174 分） （一）必考题：共 11 小题，共 129 分。 22．（每空 2 分，共 6 分） （1）25 1.380 （2）6.6 23．（除特殊标注外，每空 2 分，共 9 分） sin30 cos30g gµ° + ° 2 0 2( sin30 cos30 )g gµ° + ° v 2 0 sin30 2( sin30 cos30 )g gµ ° ° + ° v 2 sin30 cos30a g gµ= ° − ° 0 1 1a t=v 0 1 sin30 cos30t g gµ= ° + ° v 2 2 2 1 2x a t= 0 2 2 2( sin30 ) ( cos30 ) t g gµ = ° − ° v 0v 1 2t t 10 t P t∝ 0 1 2P P= 20 t 0 1 0 2 1 0 2 1 1 1( )2 2W P t P t t P t t = + − = −   2t F kmg= 0 0 m P P F kmg = =v 2 2 1 8V2e B rω= = 2 2 2 1 1 ( ) 6V2E B r rω= − = Q CU= 2 3WEP R = = 总 （1）如图所示（3 分） （2）0~0.6A E （3）U（1 分） I（1 分） 24．（14 分） 解：（1）因为在圆形区域做匀速圆周运动，故 ① 所以 ② 从 P 点到 M 点做平抛运动 ③ ④ 水平位移 ⑤ 所以 ⑥ （2）在 M 点，有 ⑦ 在圆形区域有 ⑧ 由几何关系有 ， ⑨ 所以 ⑩ 粒子轨迹所对应的圆心角 ，则运动时间 评分标准：本题共 14 分。正确得出①、⑨、 式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 25．（18 分） 解：（1）设 A 与 B 第一次碰撞前的速度为 ，碰撞后的速度分别为 、 对 A 有 ， ① 对于 A、B 碰撞过程有 ② Eq mg= mgE q = 21 2h at= Eq mg ma+ = 0x t= v 0 hx g = v 0cos30M ° =v v 2 M Mq B m r = vv tan30 R r ° = 3r R= 02 3 mB qR = v 60θ = ° 0 1 1 2π π 6 6 2 m Rt T qB = = = v 0v 1Av 1Bv sinmg maθ = 2 0 02ax = v 0 1 1A Bm m m= +v v v ③ 解得 ， ④ （2）设第一次碰撞到第二次碰撞前经历的时间为 ，有 解得 （只要解出此结果给 3 分） ⑤ 所以这段时间内重力对 A 做功 ⑥ （3）设第二次碰撞前 A 的速度为 ，碰撞后 A、B 的速度分别为 、 ，有 ⑦ 第二次碰撞过程，有 ⑧ ⑨ 第二次碰撞后，A、B 交换速度，故 ， ⑩ 之后 A 做初速度为 的匀加速直线运动，B 做 的匀速直线运动；当 A 速度等于 B 速 度 时，A 刚好离开 Q 点，之后 A、B 均做速度为 的匀速直线运动，不可能发生第 三次碰撞，故这种情况下 PQ 长度具有最大值，有 所以 PQ 最大长度 评分标准：本题共 18 分。正确得出⑤式给 3 分，正确得出①、②、③式各给 2 分，其 余各式各给 1 分。 26．（每空 2 分，共 14 分） （1）−643.28kJ·mol−1 （2）①O2+4H++4e−=2H2O ②2∶1  （3）cd 2 2 2 0 1 1 1 1 1 2 2 2A Bm m m= +v v v 1 0 02 sinB gx θ= =v v 1 0A =v 1t 2 1 1 1 1 1 2A Bx at t= = v 0 1 2t a = v 1 04Ax x= 0 1 0sin ( ) 5 sinAW mg x x mgxθ θ= + = 1A ′v 2Av 2Bv 1 1 02A at′ = =v v 1 1 2 2A B A Bm m m m′ + = +v v v v 2 2 2 2 1 1 2 2 1 1 1 1 2 2 2 2A B A Bm m m m′ + = +v v v v 2 0A =v v 2 02B =v v 0v 02v 02v 02v 2 2 2 2 12B A a x− = ∆v v 1 03x x∆ = 0 1 1 08Ad x x x x= + + ∆ = （4） (a+1)∶(b+1) 1∶2 【解析】（1）根据盖斯定律可计算得到反应 N 2H4(g)+2H2O2(l)=N2(g)+4H2O(g)的 。 （2）①C 处通入 O2，由于 O2 应该发生还原反应，说明 A 极为阴极，由于为酸性环境所以 电极反应式为 O2+4H++4e−=2H2O。②若 C 处不通入 O2，A 极仍为阴极，则溶液中 的 H+放电生成 H2，而 B 电极应该生成 O2，且两极产生气体体积比应该为 2︰1，A 极实 际产生气体为 15.68L 时，B 极应该产生 7.84L 但实际为 6.72L，说明部分 O2 转化为了 O3，根据产生的体积差计算可知，应该有 1.12×3L 的 O2 转化为了 O3，产生 O3 2.24L，所 以收集到的 O2 和 O3 的体积之比为 4.48︰2.24=2︰1。 （3）该反应从正向建立化学平衡状态，根据图象可知，c 点后正反应速率逐渐减小而 d 点 后正反应速率才保持不变，所以 c 点时没有达到化学平衡状态，a 错。反应正向建立平衡 随时间推移反应物浓度逐渐减小，所以 b 点浓度大于 c 点浓度，b 错。开始时正反应速率 逐渐增大，说明该绝热容器中的温度逐渐升高，反应为放热反应，c 正确。b～c 段反应速 率更快，所以相同时间内转化量更多，d 正确。 （4） NO(g) + O3(g) NO2(g) + O2(g) 始 1mol 2mol 0 0 平 解得： ，则 O3 的转化率为 。 根据化学方程式可知，该反应的化学平衡常数表达式为 。由于达新平衡 后， O3 的体积分数仍然为 W，说明第二次加入的反应物物质的量之比与原平衡相同， 则 a 和 b 的关系为 。 27．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）Ⅱ（1 分） 4HCl(浓)+MnO 2 =====△ MnCl2+Cl2↑+2H2O[或Ⅲ 16HCl(浓)+2KMnO4 =2MnCl2 +5Cl2↑+2KCl+8H2O（若写上加热符号扣 1 分），其他合理答案也给分] 1 3 2 2 3 (NO ) (O ) (NO) (O ) c cK c c = = 1643.28kJ molH −∆ = −  n∆ molx molx molx molx 1 x− 2 x− x x 2 3x = 1 3 2 2 3 (NO ) (O ) (NO) (O ) c cK c c = ( 1) ( 1) 1 2a b+ + =∶ ∶ （2）浓硫酸 吸收多余的 Cl2，防止空气中的水蒸气进入烧瓶与 PCl3 反应 （3）排尽装置中的空气，防止 PCl3 与 O2 反应 先关闭 K1，打开 K2，等 B 中溶液上方 充满黄绿色气体后，打开 K1，关闭 K2 （4）蒸馏 ①③⑤⑥⑦⑧（答对 3 个及以上但不完整的给 1 分，错选不给分） 【解析】（1）根据不同实验装置的选择，制氯气的方案可能不同。由于制氯气时使用固液 反应，所以可以选择Ⅱ或Ⅲ装置，若选择Ⅱ装置，化学方程式为 4HCl(浓)+MnO2 =====△ Cl2↑+MnCl2+2H2O；若选择Ⅲ装置，化学方程式为 16HCl(浓)+2KMnO 4=5Cl2↑+ 2MnCl2+8H2O+2KCl。 （2）反应需要干燥的氯气，所以 B 瓶中应该装浓硫酸。PCl3 遇水会强烈水解生成 H3PO3 和 HCl，所以 F 中的碱石灰应该是吸收多余的 Cl2 并防止空气中的水蒸气进入烧瓶与 PCl3 反应。 （3）加热红磷时若瓶中还有空气，则红磷会与空气中的氧气反应生成氧化物，所以通二 氧化碳的作用为排尽装置中的空气，防止 PCl3 与 O2 反应。C 装置中的 K1、K2 的设计也 出于类似的目的，说明该设计也是为了排除掉体系中可能会干扰实验的气体；由于 PCl3 遇水会强烈水解，整个装置中应该无水，但是装置中原有的空气中可能会有水蒸气，所 以需用干燥的氯气将装置 D 之前的空气排除，充满干燥的氯气，所以实施的操作为先关 闭 K1，打开 K2，等 B 中溶液上方充满黄绿色气体后，打开 K1，关闭 K2。 （4）由表格数据可知 POCl3、PCl3 沸点差距较大，可以通过蒸馏的方法进行分离，得到较 纯净的 PCl3；蒸馏操作所需玻璃仪器为酒精灯、蒸馏烧瓶、温度计、冷凝管、尾接管、 锥形瓶。 28．（每空 2 分，共 14 分） （1）过滤 （2）H2SO4 （3）2Al +2H2O +2OH−=2AlO−2+3H2 ↑ 3Cu+8H+ +2NO−3=3Cu2++2NO ↑+4H2O （4）把 Fe2+氧化成 Fe3+，便于除去（合理答案均给分） （5）62.5% 偏低 【解析】（1）加入过量 NaOH 溶液后，只有 Al 会溶解，其余金属都仍然为固体形态，所 以操作Ⅰ为固液分离操作过滤。 （2）滤液 1 的主要成分为 NaAlO2 和过量的 NaOH，要得到硫酸铝晶体，需加入硫酸。 （3）第①步反应为 Al 和 NaOH 溶液反应，离子方程式为 2Al+2H2O+2OH−=2AlO−2 +3H2 ↑；第②步中 Cu 与硫酸和硝酸混合物反应，硝酸作氧化剂，硫酸反应成盐，离子方 程式为 3Cu+8H+ +2NO−3=3Cu2++2NO ↑+4H2O。 （4）加入 H2O2 的目的是将可能存在的 Fe2+氧化成 Fe3+，然后适当调节 pH，除去 Fe3+。 （5）滴定终点时，使用 0.1000mol/L EDTA（H2Y2−）标准溶液 20.00mL，根据 EDTA 与 Cu2+的反应关系比可知，25.00mL 溶液中所含 Cu2+的物质的量为 0.002mol，所以 8.0g 试 样中含有的 CuSO4·5H2O 的物质的量为 0.02mol，质量为 5g，所以试样中 CuSO4·5H2O 质量分数为 62.5%；由于滴定前没有气泡，滴定后出现气泡说明滴定后的读数偏小，会造 成测定浓度比实际偏低。 29．（每空 2 分，共 10 分） （1）活细胞（或宿主细胞） （2）信息交流 新型冠状病毒的+RNA、氨基酸、ATP、酶、tRNA、rRNA（答对 2 个得 1 分，全对 2 分） （3）效应 T 细胞 抗体 【解析】（1）病毒营寄生生活，不能独立代谢，必须在活细胞（或宿主细胞）内增殖。 （2）新型冠状病毒表面的 S 蛋白能与人体细胞膜上 ACEⅡ蛋白结合，是通过细胞膜 的信息交流功能。翻译合成 RNA 聚合酶的过程就是 mRNA 与核糖体结合，tRNA 将氨基酸搬运至核糖体发生脱水缩合，该过程需要酶和 ATP。 （3）T 细胞在接受抗原的刺激后，通过增殖分化形成效应 T 细胞，效应 T 细胞可以与被 抗原入侵的宿主细胞密切接触，使这些细胞裂解死亡，病原体失去了寄生的基础，因而 能被吞噬、消灭；在肺炎康复者的血清中存在的抗体能与新型冠状病毒的抗原特异性结合。 30．（每空 2 分，共 10 分） （1）离体叶绿体在适当条件下发生 H2O 的光解、产生 O2（或光合作用释放的 O2 来自于 H2O 而不是 CO2 ） （2）叶绿体类囊体膜上（或基粒） NADP+ 与 H+ （3）H2O 光解产生 O2 与 CO2 合成有机物的过程是两个过程（或光反应和暗反应是两个过 程/光反应产生的 ATP、NADPH 参与了合成有机物的过程） （4）用经过 14C 标记的 14CO2，供小球藻进行光合作用，然后追踪放射性 14C 的去向 【解析】（1）英国植物学家希尔（R．Hill）用离体叶绿体悬液（有 H2O，没有 CO2）在光 照下可以释放 O2，可以说明离体叶绿体在适当条件下发生水的光解、产生氧气。 （2）NADPH 和 ATP 的形成发生在叶绿体类囊体膜上（或基粒），水分解为氧和 H+ ，氧 直接以氧分子的形式释放出去，NADP+与 H+结合形成 NADPH。 （3）光合作用 O2 产生和糖类合成不是同一个化学反应，而是分阶段进行的，故 H2O 光解 产生 O2 与 CO2 合成有机物的过程是两个过程。 （4）美国科学家卡尔文（M．Calvin）用小球藻做了这样一个实验：用经过14C 标记的 14CO2， 供小球藻进行光合作用，然后追踪放射性 14C 的去向，最终探明了 CO2 中的碳是如何转化 为有机物中的碳的。 31．（除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分） （1）因为三对等位基因都位于 X 染色体上，减数分裂时无法自由组合 （2）7 实验思路：选取纯种的直刚毛雄果蝇与焦刚毛雌果蝇交配，观察并统计后代雌 雄个体的表现型（2 分）；预期结果：后代雌雄均表现为直刚毛（1 分） （3）XaXaY（1 分） 母本减数第一次分裂的后期 XX 同源染色体没有分离，或是减数第 二次分裂后期 XX 姐妹染色单体着丝点分裂但同时移向细胞一极，最终都产生 XaXa 的配子 【解析】（1）根据题意，这三对等位基因都位于 X 染色体上，减数分裂时无法自由组合， 因此不能用以上述品系的纯种果蝇为材料，设计杂交实验以验证自由组合定律。 （2）若控制刚毛性状的等位基因（E、e）位于 X 和 Y 染色体的同源区段，其基因型有： XEXE 、XEXe 、XeXe 、XEYE 、XeYE、XEYe、XeYe 共 7 种，选取纯种的直刚毛雄果蝇与 焦刚毛雌果蝇交配，观察后代雌雄个体的表现型，若后代雌雄均表现为直刚毛，则控制 刚毛性状的（E、e）位于 X、Y 染色体同源区。 （3）该亲本白眼雌性个体基因型为 XaXa，红眼雄性个体基因型为 XAY，后代雌雄个体的 基因型为红眼（XAXa）、雄性个体为白眼（XaY），白眼雌性基因型为 XaXaY，原因是由于 母本减数第一次分裂的后期 XX 同源染色体没有分离，或是减数第二次分裂后期 XX 姐妹 染色单体着丝点分裂但同时移向细胞一极，最终都产生 XaXa 的配子。 32．（除特殊标注外，每空 2 分，共 9 分） （1）防止外来白纹伊蚊的迁入或迁出对种群数量的影响 （2）自我调节（1 分） 负反馈 （3）信息传递 模拟雌蚊扇动翅膀发出的声波，来吸引雄蚊达到灭雄的目的，从而降低 白纹伊蚊种群的数量 【解析】（1）从影响种群数量变动的直接因素考虑有出生率、死亡率和迁入率、迁出率， 根据题意选择封闭性较好的小岛，主要是防止外来白纹伊蚊的迁入或迁出对种群数量的 影响。 （2）生态系统具有一定的自我调节能力，其基础为负反馈调节，故在某些种群数量减少 之后，对生态系统的稳定性影响较小。 （3）扇动翅膀发出的声波是一种物理信息，通过模拟雌蚊扇动翅膀发出的声波，来吸引 雄蚊从而灭雄，可以直接降低白纹伊蚊种群的数量，同时也能改变该种群的性别比例。 （二）选考题：共 45 分。 33．（15 分） （1）（5 分）BCD（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） 【解析】给车轮胎打气，越来越费力，主要是由于打气过程中气体压强增加的缘故，不是 由于分子间存在斥力，故 A 错误。干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度， 是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，表示空 气中水蒸气离饱和状态越远，故 B 正确。在一定温度下，通过减小体积，可以增加分子 密度，使未饱和蒸汽转化为饱和蒸汽，故 C 正确。在体积不变的情况下，可以通过降低 温度降低饱和汽压，使未饱和蒸汽达到饱和状态，故 D 正确。表面张力为与液体表面相 切，故 E 错误。 （2）（10 分） 解：i．由题，A 到 B 理想气体发生等压变化，由盖·吕萨克定律得 ① 解得 ② 图象如图所示 ii．外界对气体做的功 ③ A B A B V V T T = 3 38 10 mBV −= × V T− ( ) 400JB AW p V V= − − = − 根据热力学第一定律 ④ 解得 ⑤ 评分标准：本题共 10 分。正确画出 图象给 3 分，正确得出①、③式各给 2 分，其 余各式各给 1 分。 34．（15 分） （1）（5 分）ADE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） 【解析】根据双缝干涉条纹间距公式可知，增大入射光的波长可以增大条纹的间距，由于 红光的波长大于绿光的波长，可知换用红色激光可以增大条纹间距，故 A 正确，B 错误。 衍射现象中波长与缝隙大小越接近衍射现象越明显，题中并未提到缝隙大小，故 C 错误。 根据折射定律公式 ，光线 a 的折射率大；再根据公式 ，光线 a 在玻璃中的 传播速度小，故 D 正确。光线 a 的折射率大，说明光线 a 的频率高，根据 ，光线 a 在真空中的波长较短，故 E 正确。 （2）（10 分） 解：i．由图乙可知，质点 P 在 时位移为零，速度方向向 y 轴负方向，故根据同侧法 （或微元法），质点 P 在波动图中的坐标为（1，0） ① ⅱ．由图甲可知波动图的函数关系式为 ② P 点右侧 处对应的 y 值为 m，由甲图可知 Q 点在 时运动方向也向 y 轴负方向 则 Q 点的振动图象函数关系为 ③ 时其距离平衡点位移为 m ④ 评分标准：本题共 10 分。正确得出①式给 4 分，其余各式各给 2 分。 35．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）3d104s1（1 分） （2）N > P > As（1 分） NH3（1 分） NH3 分子之间存在氢键 （3）1︰2 sp3 平面（正）三角形 U Q W∆ = + 200JU∆ = V T− sin sin in γ= c n =v c fλ= 2st = π π2sin 4 4y x = −   2mx = 2 2st = π π2sin 2 4y t = −   3st = 2− （4）12 【解析】（1）Cu 是 29 号元素，原子核外电子数为 29，铜的基态原子价电子排布式为 3d104s1。 （2）同一主族元素，随原子序数增大，电负性逐渐减小，所以 N、P、As 的电负性由大到 小的顺序为 N > P > As，它们的简单氢化物中因为 NH3 分子之间会形成氢键，所以 NH3 的沸点最高。 （3）N2 分子结构式为氮氮三键，其中有一个为 σ 键，两个为 π 键，故为 1︰2；SO 2−4 中 S 的孤对电子对数目为 0，价层电子对数目为 4，所以 S 为 sp3 杂化；NO −3中 N 的孤对电子 对数目为 0，价层电子对数目为 3，N 为 sp2 杂化，所以 NO −3空间构型为平面三角形。 （4）面心立方最密堆积的配位数为 12，面心立方最密堆积的晶胞内有 4 个 Al 原子，其质 量为 ，体积为 ，所以其密度为 。 36．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）对甲基苯甲醛（或 4−甲基苯甲醛） 碳碳双键、羧基（1 分） 酯化反应（或取 代反应）（1 分） （2）bd （3） （书写与银氨溶液反应的方程式 也给分） （4） （5）2 （6）（3 分） 7 3 A 4 27 (0.405 10 ) N− × × A 4 27 gN × 7 3 3(0.405 10 ) cm−× 7 3 A 4 27 (0.405 10 ) N− × × 【解析】（1）根据有机物命名规则，A 应该属于醛类化合物，名称为对甲基苯甲醛或 4−甲 基苯甲醛。根据提示信息可知 A 与乙醛反应的产物为 。根据反应流程可 推知 E 的结构为 ，所以官能团为碳碳双键和羧基。生成 F 的结构为 ，所以应该发生了酯化反应。 （2）B→D 为醛的氧化反应，且生成物需酸化后才能出现羧基，所以可以选择的氧化性试 剂为 bd。 （3）B→D 为醛的氧化反应，所以方程式为 。 （4）E 中只含有一个羧基和碳碳双键，要反应生成高聚物只能通过加聚反应实现，所以 G 的结构简式为 。 （5）B 的结构简式为 ，与 B 含有相同官能团的同分异构体中，核磁共振氢谱 上有 5 组峰，且峰值比为 3︰2︰2︰2︰1 的同分异构体为 和 2 种。 （6）根据该题信息以 CH3CHO 为原料生产 CH3CH=CHCOOC2H5 的合成路线流程图如下： 37．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）果胶酶和果胶酯酶 液体培养基（1 分） 物理或化学 酶活性 包埋法 细 胞体积大难以被吸附或结合 （2）提高果酒的酒精和糖的含量 有氧呼吸消耗氧气，产生的二氧化碳易溶于水 【解析】（1）水解果胶可用果胶酶和果胶酯酶；液体培养基可扩大培养微生物；通过物理 或化学方法将果胶酶固定在某种介质上，使之成为不溶于水而又有酶活性的制剂，其中 细胞多采用包埋法，因为细胞体积大难以被吸附或结合。 （2）用果汁制作果酒，以果汁为原料，加入一定比例的蔗糖，目的可通过微生物发酵提 高果酒的酒精和糖的含量。发酵瓶内微生物需呼吸作用消耗氧气，产生的二氧化碳溶于 水，导致瓶内出现负压。 38．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）氨基酸 核苷酸序列 PCR （2）此转基因植株中该基因的表达产物 一定浓度的盐水浇灌 耐盐性 （3）如图所示（3 分） 【解析】（1）为了获得耐盐基因，可以根据耐盐碱蛋白质的氨基酸序列预测出对应 mRNA 上核糖核苷酸序列，进一步推测出对应的基因上的脱氧核苷酸序列，再用化学合成法合 成目的基因，然后用 PCR 技术扩增目的基因。 （2）要确认耐盐基因在蓝莓植株中是否正确表达，可以检测此转基因植株中该基因的表 达产物，想从个体水平检测植株的耐盐性是否得到提高，需用一定浓度的盐水浇灌。 （3）用得到的二倍体转基因耐盐植株自交，子代中耐盐与不耐盐株系的数量比为 15∶1， 是 9︰3︰3︰1 的变形，符合基因的自由组合定律，说明耐盐基因整合到了非同源染色体上。