云南省师范大学附属中学2020届高三上学期第二次月考理科综合试题扫描版含答案.doc

云南师大附中 2020 届高考适应性月考卷（二） 理科综合参考答案 一、选择题：本题共 13 小题，每小题 6 分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 答案 D B C C C B C B A D B A D 二、选择题：本题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 14～17 题只有一 项符合题目要求；第 18～21 题有多项符合题目要求，全部选对的给 6 分，选对但不全的给 3 分，有选错的给 0 分。 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B B D C AC BC AD ABD 【解析】 1．线粒体 DNA 位于线粒体基质中。 2．甘油的跨膜运输方式为自由扩散，自由扩散不需要载体蛋白的协助。 3．①过程需要逆转录酶，不需要 RNA 聚合酶。②过程需要四种脱氧核糖核苷酸为原料。⑤过程 产生的蛋白质中氨基酸的排列顺序是由 mRNA 中的核糖核苷酸序列来决定的。 4．可通过检测对应基因的碱基序列，判断是否发生了基因突变；基因型为 Dd 的高茎豌豆自 交，后代出现矮茎个体不是基因重组的结果；染色体结构变异，会使基因的数目或排列顺 序发生改变。 5．酵母菌有氧呼吸和无氧呼吸都能产生 CO2，检测是否产生 CO2 不能判断其呼吸方式。有的 酶是 RNA，不能与双缩脲试剂发生紫色反应。在低温诱导染色体数目变化的实验中，卡诺 氏液是用于固定细胞形态。 6．嗜酸性粒细胞的杀菌作用不属于第一道防线。 7．C 项，可作制太阳能电池板的是硅单质，不正确。 8．根据描述推断 X 是 O、Y 是 F、Z 是 Na、W 是 Mg。B 项，H2O 的热稳定性比 HF 的弱。 不正确。 9．该物质的化学式是 C15H26O，A 正确。该物质有双键，能使酸性高锰酸钾溶液褪色，B 错误。该物质只有 3 个不饱和度，不可能有芳香族化合物的同分异构体，C 错误。D 项，该 物质能发生消去反应。 10．A 项，冰醋酸晶体只有分子没有阴离子，错误。B 项，标况下 CCl4 是液体，错误。C 项， 含有的分子数无法计算。D 项正确。 11．A 项，过滤无法除去氢氧化铁胶体中的 NaCl。B 项，正确。C 项，蒸发 CuCl2 溶液得到 氢氧化铜，不正确。D 项，上层液体应该从上口放出。 12．B 项，二氧化硫与次氯酸钙发生氧化还原反应，无法生成次氯酸。C 项，铁片和浓硫酸钝 化。D 项，二氧化硅不与水反应。 13．D 项，膜 B 是阴离子交换膜，错误。 14．光电子的最大初动能随入射光频率的增大而增大，但不是正比，故 A 错误。入射光波长 越短，光子能量越大，逸出的光电子最大初动能越大，故 B 正确。逸出光电子的最大初 动能与入射光强度无关，故 C 错误。金属的逸出功由金属自身因素决定，与入射光无关， 故 D 错误。 15．由 可得 ，故 A 错误。由变压比和变流比可得副线圈两端电压 ，副线圈中电流 ，负载两端的电压 ，故负载的功 率 ，故 B 正确。副线圈两端电压最大值为 ，故 C 错误。副线圈 中电流 ，故 D 错误。 16．B 的图象倾斜程度越来越大，因此它的加速度越来越大，故 A 错误。从图象上可以看出， 时间内 A、B 两质点的图象与坐标轴围成的面积相等，可得它们在这段时间内运动 了相同的位移，因 时刻两质点相遇，因此可知 时刻两质点在同一位置，因此 时 刻两质点不相遇，故 B、C 错误。 时间内 B 比 A 快，两者距离不断增大， 时间 内 A 比 B 快，两者距离又不断减小，故 D 正确。 17．如图甲所示，据图中几何关系可得 ，球 A 受力分析如图乙所示， 可得 ， ；A、B 整体受力分析如图丙所示，可得 ， ，故 C 正确。 2π =100πfω = 50Hzf = 2 440VU = 2 20AI = 2 2 400VU U I R= − = 2 8000WP UI= = 440 2V 2 20AI = 20 t～ 2t 0t = 1t 10 t～ 1 2t t～ 3cos 5 A B A B L R R R R θ − −= =+ 3cot 4AN mg mgθ= = 5 sin 4BA mgN mgθ= = 3 4B AN N mg= = ( )N M m g= +18．两小球竖直方向的运动均为自由落体运动，故它们从开始运动到落地的时间相等，重 力对它们做的功也相同，故 A 正确，B 错误。因竖直方向的运动规律相同，故落地时 两小球的竖直速度大小相等，因此落地时重力对小球做功的瞬时功率相等，故 C 正确， D 错误。 19．据题意可知 AC 为该匀强电场的等势线，因从 A 到 B 电场力对粒子做负功，且粒子带正 电，可知电场方向垂直 AC 斜向上，据动能定理可得 ，解 得 ，故 B、C 正确。 20 ． 导 体 棒 做 加 速 度 减 小 的 减 速 运 动 ， 可 知 A 正 确 。 对 导 体 棒 用 动 量 定 理 可 得 ， ， ，可得 ，可知 与 x 成线性关系， 故 D 正确。 21．对近地卫星有 ， ， ，解得 ，故 A 正确。小球 通 过 最 低 点 时 拉 力 最 大 ， 此 时 有 ， 最 高 点 拉 力 最 小 ， 此 时 有 ， 最 高 点 到 最 低 点 ， 据 动 能 定 理 可 得 ， 可 得 ，小球做自由落体运动时，有 ，可得 ， ，故 B 正确。星球平均密度可表示为 ，可得 ，故 C 错误。环绕该 星球表面运行的卫星的速率可表示为 ，故 D 正确。 三、非选择题（共 174 分） （一）必考题：共 11 小题，共 129 分。 2 2 0 0 3 1 3 1 2 2 3 2qE l m m  − = −    v v 2 02 3 9 mE ql = v 0IBLt m m= −v v It q= ΔΦ BLxq R R = = 2 2 0 B L xmR = −v v v 2 2 2 4πMmG m RR T = M V ρ = 34 π3V R= 2 3π GT ρ = 2 0 2F mg m r − = v 2 1F mg m r + = v 2 2 0 1 12 2 2mg r m m= − v v 2 1 6F F mg− = 21 2h gt= 2 2hg t = 2 2 1( ) 12 F F tm h −= 2 3π 3 4π g GT GR ρ = = 2 2 22π hTR t = 2π hTgR t = =v22．（每空 3 分，共 6 分） 9.75 1.94（或 1.95） 【解析】由逐差法得 ，求得 。由平均速度 法 可 得 ， 求 得 ； 或 由 公 式 法 得 。 23．（除特殊标注外，每空 1 分，共 9 分） （1）黑 1600 （2）①B C ②a ③1586 大于（2 分） 【解析】（1）黑表笔连内部电源的正极，所以与电压表“+”接线柱连接；使用“ ”挡 时指针偏转过大，应该换用“ ”挡，换挡后读得指针 b 指在 16 的位置，乘以倍率得 1600 。 （2）①滑动变阻器采用分压接法，应选择最大阻值较小的 B；由于要能够调节到与待测电 压表阻值相近的数值，电阻箱应选择 C。②实验开始前，将滑片滑到 a 端，保护电路。③读数 读得阻值为 1586 ，当电压表由满偏到偏转为一半时，电阻箱实际电压大于 1.5V，所以 测量得到的电阻值大于电压表的真实值。 24．（12 分） 解：（1）当该区域加匀强磁场时，带电粒子做匀速圆周运动轨迹如图甲，O 为圆心，假 设半径为 r，在△dOc 中，由几何关系得 ，求得 ① 由 ② 由②③联立求得 ③ （2）当该区域加匀强电场时，带电粒子做类平抛运动， 由运动规律，得 ④ ⑤ 2 2 2 (78.20 19.60) 19.60 10 m/s4 0.1g −− −= ×× 29.75m/sg = 2 0.2 43.72 4.86 10 m/s2 0.1 −−= = ××v v 0.2 1.94m/s=v 0.2 9.75 0.2m/s 1.95m/sgt= = × =v 100× 1k× 100× Ω Ω 2 2 2( ) ( 3 )r L L r− + = 2r L= 2 0 0q B m r = vv 0 2 q m BL = v 03L t= v 21 2L at=由牛顿第二定律有 ⑥ 解得 ⑦ 评分标准：本题共 12 分。正确得出④、⑤式各给 1 分，其余各式各给 2 分。 25．（20 分） 解：（1）B、C 碰撞前，对 A 有 ① 对 B 有 ② 从开始运动到 B、C 刚要碰撞，有 ③ 设 B、C 碰前 A、B 的速度分别为 、 ，则 ④ ⑤ 解得 、 ⑥ （2）B、C 发生弹性碰撞，有 ⑦ ⑧ 解得 、 ⑨ 此后 A、B 组成的系统动量守恒，设他们共同的速度为 ， ⑩ 解得 ⑪ 故最终 A、B、C 的速度大小均为 2m/s （3）撤去 F 之前，对 A 有 ⑫ 解得 ⑬ 全过程，对 A、B、C 组成的系统，据动能定理可得 ⑭ qE ma= 04 3 BE = v A A AF μm g m a− = A B Bμm g m a= 2 1 1 2 BL a t= 1Av 1Bv 1 1A Aa t=v 1 1B Ba t=v 1 5m/sA =v 1 3m/sB =v 1 2B B B B C Cm m m= +v v v 1 2 2 2 21 1 1 2 2 2B B CB B Cm m m= +v v v 2 1m/sB = −v 2m/sC =v ABv 1 2 ( )A A B B A B ABm m m m+ = +v v v 2m/sAB =v 2 1 1 2A Ax a t= 2.5mAx = 2 21 1( )2 2A A A B AB C CFx μm g L m m m− ∆ = + +v v解得 ⑮ 评分标准：本题共 20 分。正确得出⑥、⑨、⑩、⑭、⑮式各给 2 分，其余各式各给 1 分。 26．（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分） （1）分液漏斗（1 分） 上（1 分） （2）除去乙醚中溶解的少量苯甲酸 除水 冷凝管的冷凝水应下进上出（1 分） 温度计的水银球应放置在支管口（1 分） （3）过滤 蒸发浓缩、冷却结晶 （4）38.88 【解析】分析流程，可以得出，操作①是分液，故还需要用分液漏斗。苯甲醇在乙醚层， 乙醚密度比水小，故在上层。用 10% Na2CO3 溶液洗涤的目的是除去乙醚中溶解的少量苯 甲酸。MgSO4 是干燥剂，作用是除水。操作③是固液分离，操作是过滤。操作④是从溶 液中获得晶体，操作是蒸发浓缩、冷却结晶。 27．（除特殊标注外，每空 2 分，共 14 分） （1）升温（1 分，合理答案均给分） （2）NaAlO2（1 分） Al(OH)3 促进 NaAlO2 的水解 CO2（1 分） （3）Ca(OH)2（1 分） NaOH （4）Al2O3+C+N2 ===== 高温 2AlON+CO （5）80% 【解析】提高速率，还可以采取升温等措施。向 Al2O3 中加入过量 NaOH，得到 NaAlO2 溶 液。加入 Al(OH)3 晶核，是为了便于 Al(OH)3 溶解，故滤渣 2 是 Al(OH)3。NaAlO2 生成 Al(OH)3 可以加入 CO2。滤液 2 是 NaOH，吸收 CO2 生成 Na2CO3，故加入 Ca(OH)2 可除 去杂质。 28．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l) ΔH=−799kJ·mol−1 （2）①0.01mol/L·min（1 分） ②＞（1 分） 放热（1 分） 4mL∆ =③42.19 小 ④＞ （3）c(Na+)＞c(NO−2)＞c(OH−)＞c(H+) 10−5−10−9 【解析】（1）根据盖斯定律，可以计算出甲烷完全燃烧的热化学方程式。 （2）根据速率计算公式，可以计算出 5min 内反应速率。由图可知，甲达到平衡时间短， 速率快，温度高。升温反应向逆向进行，故反应为放热反应。根据平衡计算公式和平衡 移动，计算得出结果。NaNO2 是强碱弱酸盐，溶液呈碱性，可写出离子浓度大小关系。pH=9 的 NaNO2 溶液中，c(Na+)−c(NO−2)=c(OH−)−c(H+)=10−5−10−9。 29．（每空 2 分，共 10 分） （1）CO2 （2）C E （3）大于 （4）①②③④ 30．（除特殊标注外，每空 2 分，共 10 分） （1）胰岛 B 促进组织细胞加速摄取、利用和储存葡萄糖 （2）胰岛素 若血糖含量下降，则发病原因为胰岛素分泌不足；若血糖含量未发生显著 变化，则发病原因为胰岛素受体缺失（4 分） 31．（每空 2 分，共 10 分） （1）标志重捕 （2）鸽的种群密度较小易受鹰的攻击，种群密度较大则鹰的攻击成功率就较低 （3）S （4）有利 捕食者所吃掉的大多是被捕食者中年老、病弱或年幼的个体，客观上起到促 进种群发展的作用 32．（除特殊标注外，每空 2 分，共 9 分） （1）常 显 （2）不能（1 分） （3）Ee 或 XEXe 或 （二）选考题：共 45 分。 33．（15 分） （1）（5 分）ADE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） （2）（10 分） 解：ⅰ．初始时水银柱受力如图甲，设该玻璃管横截面积为 S，由受力平衡 ① 解得 ② 旋转到竖直位置时水银柱受力如图乙，由受力平衡得 ③ 求得 ④ 封闭空气柱等温变化，由 ⑤ 求得 ⑥ ⅱ．加水银柱到管口时水银柱受力如图丙，由受力平衡 ⑦ 封闭空气柱等温变化，由 ⑧ 解得 ⑨ 所以注入水银柱的长度为 ⑩ 评分标准：本题共 10 分。正确得到①～⑩式各给 1 分。 1 8 1 4 0 1sin30mg p S p S° + = 1 100cmHgp = 0 2mg p S p S+ = 2 125cmHgp = 1 1 2 2p l S p l S= 2 24cml = 0 3m g p S p S′ + = 2 2 3p l S p xS= 20cmx = 25cml∆ =34．（15 分） （1）（5 分）ABE（选对 1 个给 2 分，选对 2 个给 4 分，选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） （2）（10 分） 解：光路如图所示，A 为入射点，B 为出射点，分别过 A、B 作 AC、BD 垂直于 MN，在 直角△AOC 中， ， ，故 ① 在△BOP 中， ， ，由正弦定理 ② 解得 ③ 所以 ④ 由折射定律， ⑤ 解得 ⑥ 评分标准：本题共 10 分。正确得出③、⑤式各给 1 分，其余各式各给 2 分。 35．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）ⅠB（1 分） 1s22s22p63s23p63d104s1 （2）①多 （1 分） ②Cu+的价电子排布式为 3d10，比 Ni 的稳定 （3）sp2、sp3 杂化 O、N、C（1 分） （4）①V 形（1 分） 1∶1（1 分） ② 【解析】（1）Cu 位于周期表第四周期ⅠB 族。其基态原子电子的排布式是 1s22s22p63s23p63d104s1。 （2）①Ni 和 Cu 相比，Ni 基态原子中未成对电子多。 ②Cu+的价电子排布式为 3d10，比 Ni 的稳定，故 Cu 的第一、第二电离能都比 Ni 对应的高。 3 2AC R= AO R= 60AOC α∠ = = ° 3OP R= BO R= sin sin(180 ) BO OP θ α= ° − 30BOD θ∠ = = ° 45β = ° sin sinn α β= 6 2n = 1 1 1 4 4 4     ， ， 3 7 A 2 144 1 4 10 3 a N− ×  × ×  （3）EDTA 中碳的杂化方式是 sp2、sp3 杂化， C、N、O 的电负性由大到小的顺序是 O、 N、C。 （4）①SO2 的空间构型为 V 形，O2 中σ键和 π 键的个数比是 1∶1。 36．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）甲苯（1 分） 羟基（1 分） （2） 取代反应（1 分） （3） （1 分） （4）保护酚羟基（或防止酚羟基被氧化） （5）11 、 （ 6 ） （ 3 分） 【解析】根据 A 蒸气的密度是相同条件下氢气密度的 46 倍可知，A 的摩尔质量是 92g/mol， 结合流程，A 为甲苯。C 生成 D 是酯化反应。结合流程可得答案。 37．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）维生素 琼脂 （2）稀释涂布平板法 无氧（1 分）　 （3）利用强烈的理化因素杀死物体内外所有的微生物，包括芽孢和孢子 检验培养基 灭菌是否合格 （4）5.6×107 个 （5）抗生素杀死乳酸杆菌 38．（除特殊标注外，每空 2 分，共 15 分） （1）胰蛋白酶（或“胶原蛋白酶”） 蛋白质 一致（1 分） 贴壁细胞分裂生长到表 面相互接触时，细胞就会停止分裂增殖 细胞的接触抑制 （2）抗生素 维持培养液的 pH（3）细胞癌变