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高二物理参考答案 第 1 页（共 6 页） 豫南九校 2019—2020 学年上期第二次联考 一、选择题（本题共 12 小题，每小题 4 分，共 48 分．在每小题给出的四个选项中，第 1～ 8 题只有一项符合题目要求，第 9～ 12 题有多项符合题目要求．多选题全部选对的得 4 分， 选对但不全的得 2 分，选错或不答的得 0 分） 1．【答案】 D 【解析】元电荷是最小的带电量，而点电荷是一种理想化的物理模型，二者不是同一物理 量，选项 A 错误；元电荷是带电量的最小值，大小是 1.6×10-19 C，带电体能否看做点电荷是 由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系，选项 B 错误；元电荷是指最小的电荷 量，不是指质子或者是电子，选项 C 错误；元电荷是自然界中电荷的最小单元，选项 D 正确。 2．【答案】 A 【解析】充电电流 5000 5 3600 506 min 360 Q mAh A sI At s ×= = = = ， A 正确。 ．【答案】 【解析】电场线是人们为了形象地描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，选项 A 错误；电场强度 FE q= 是用比值定义法定义的，它的大小与电量无关，是由电场本身决定的， 与检验电荷 无关 ，选项 B 错误；电势 pE qϕ = 是比值定义法定义的，它的大小与电量无关， 是由电场本身决定的，与检验电荷无关，而电势能 pE qϕ= 与电荷有关，选项 C 正确；电场 线的切线方向表示该点场强方向，所以两条电场线不能相交，否则，交点将有两个不同的方 向，这是不可能的，选项 D 错误。 4．【答案】 A 【解析】电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势表征电源把其他形式的能转化 为电能的本领大小，由电源本身的特性决定， A 项正确；电动势公式 WE q= 中 W 与电压 WU q= 中的 W 是不一样的，前者是非静电力做功，而后者是电场力做功， B 项错误；在闭 合电路中，电动势的方向与电流方向相同，即从电源的负极到正极， C 项错误；电动势的单 位与电势差的单位相同，都是伏特，但两者物理意义不同，电动势表征电源把其他形式的能 转化为电能的本领大小，而电势差等于电压，是导体中产生电流的原因，不能说电势差就是 电动势， D 项错误；故选 A。 5．【答案】 D 【解析】导体电阻由导体电阻率、导体长度、横截面积决定，导体的电阻率越大，电阻不高二物理参考答案 第 2 页（共 6 页） 一定越大， A 项错误；金属导体的电阻率随温度的升高而增大；而半导体电阻率随温度增大 而减小，故 B 错误； A、电阻率与导体的长度、横截面积无关，由材料决定，与温度有关， 故 C 错误、 D 正确。 6．【答案】 C 【解析】由题可知，当滑动触头向下滑动时，接入电阻的 R3 阻值变大，故电路中总电阻 变大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路总电流 I 减小，内电压 U 内 减小，外电源 U 外 增大， 即电阻 R1 两端电压增大，故电阻 R1 的功率增大，故选项 A 错误；由上面分析可知，通过电 阻 R1 的电流 I1 增大，由于干路总电流 I 减小，故通过电阻 R2 的电流 I1 减小，故电阻 R2 的功 率减小，故选项 B 错误；由于干路总电流 I 减小，则电源的总功率 P=EI 减小，故选项 C 正 确；电源的效率为： ×100% U I EIη = 外 ，由于外电源 U 外 增大，故电源的效率将增大，故选项 D 错误。 7．【答案】 B 【解析】根据电容的计算公式 4 r SC kd ε π= ，可得极板与指纹峪（凹下部分）距离（ d）大构 成的电容器电容小，故 A 错误；由于外接电源为所有电容器充到一个预先设计好的电压值， 所以所有的电容器电压一定，极板与指纹峪（凹下部分）距离（ d）大电容小，构成的电容 器充上的电荷较少，在放电过程中放电时间短；反之，在嵴处形成的电容器电容大，电荷量 大，放电时间长，故 B 正确、 C 错误；潮湿的手与传感器之间有水填充，改变了原来匹配成 平行板电容器的电容，所以会影响指纹识别，故 D 错误。故选 B 8．【答案】 B 【解析】在加速电场中，根据动能定理得： 2 1 0 1 2 eU mv= ， 粒 子在偏 转电场中， 运 动的时 间为 0 Lt v= ，在偏 转电场中的偏 转位 移 为 21 2 y at= ，又根据牛顿第 二定律得： 2 2qE qUa m md= = ，联立解得示 波器的灵敏 度为 2 2 14 y L U dU= 9．【答案】 BC 【解析】滑动变阻器的触头向上移 动的过程中，因 0 1 0R R> ≠ ,先 简化电路， 除去两电表， 相当于两个电阻并联 后与 R2 串联，滑动变阻器位于中点时，上、下两并 联支 路电阻不等，滑 动触头 移到两支 路电阻相等时，总电阻最大，总电流最小，不难 看出 电压表的示度先增大后 减小 。将 整 个 过程分为两 阶 段 :两 支 路 电阻相等前 ，总电流 减小，并 联 电 路的电 压 ( )U E I R r= − +并 增大， 安培 表支 路电阻减小， 安培 表读数增大；两 支路电阻相等后，总 电流增大， R0 下部分电压减小，电阻增大，电流减小，则 安培 表支 路电阻减小， 安培表 读数 增大。故电流表的读数总大于 I.故 BC 正确。 高二物理参考答案 第 3 页（共 6 页） 10．【答案】 CD 【解析】根据对称 可知 b、 c 点场强大小相同，方向不相同，故 A 错误； a、 d 两点处于等 势面上，故 a 点电势等于 d 点电势，故 B 错误；质子带正电， a 点电势等于 d 点电势， d 点 电势小于 c 点电势，将质子从 a 点移 动到 c 点，电场力做负功，故 C 正确；电子带负电， b 点电势等于 c 点电势，将电子从 d 点 移动到 b 点，电场力做正功，电势能减小，故 D 正确； 故选 CD。 11．【答案】 AC 【解析】由于电压表不能视 为理想电表，即电压表内阻在 测量中的 影响 不能忽略 ，不能 视为无 限大。 每次电压表接人电路时，都 会因为与 待测电阻并 联而 造成 测量 结果小于真 实电 压，所以两 次测 量结果相 加小于总电压 U，选项 A 正确， B 错误； 1 1 1 2 11 1 1 2 1 2 1 V V V V V V V R R R R UR R RR R R UU R R R R R R R R + ++= = + + i i i 同理亦 可得到 2 2 U R 的值，并 且 有 1 2U U R R= ，选项 C 正确， D 错误。 12．【答案】 CD 【解析】 由已 知条 件对小物 块进 行受 力分析，根据平 衡条 件可知，小物 块受到 斜面的作 用力（ 支持 力 动 摩擦 力的合力） 竖直 向上，斜 面受到小物 块的反作 用力方向竖直向下， 故斜面 没有水 向 运动的趋势，不 受地面的 摩擦 力。根据滑动摩擦力与正压力的关系式可 知， f N F Fµ = 物块受到斜面的作用力（ 支持力和滑动 摩擦力的合力）的方向只取决于接 触面之间的动 擦因 数 ，所以仍 然是 竖直 向上， 撤去电场之后小物 块仍旧保持匀速运动。同 理增大电场强 仍旧 不改变小物 块受到斜面的 作用力 (支持力和滑动摩擦力的合力 )的方向， 仍然保持匀速运 动，选项 C 正确， A、 B 错误；若 将电场方向改为沿斜面向下，小物 块对斜 面的压力和 摩擦 力不变，所以斜 面没 有水平方向运 动的趋 势， 受到地面的摩擦力仍 然为 0， 选项 D 正确。 二、实验题（本题共 2 小题，共 14 分） 13．（ 6 分，每空 2 分） 【答案】 （ 1） 103.35 （ 2） 3.373 （答案在 3.371mm— 3.374mm 之间的都得分） （ 3） BD 【解析】 （ 1） 图 a 的示 数： 主尺刻 度 +游尺刻度 =103mm+7×0.05mm=103.35mm；高二物理参考答案 第 4 页（共 6 页） （ 2） 图 b 的示 数 ： 固 定 刻 度 +可动 刻 度 =3mm+37.3×0.01mm=3.373mm=3.373mm（答案在 3.371mm— 3.374mm 之间的都得分） （ 3）人是导体，若双手 捏住两表 笔金属杆 ，待测电阻与人体并 联， 测量值将 偏小，故 A 错 误； 测 量时 发现 指针偏角 过大，则必需减小倍 率， 重新调零后 再进 行测 量，故 B 正确； 欧姆表 刻度是左密右疏，选择 “×10”倍率 测量时发现 指针位于 20 与 30 正中间，即测 量 值小于 250Ω，故 C 错误； 测量电阻时， 多用电表内部电源 被接通，电流从 多 用电表内 部流出 ，因为电阻不分正负极，所以电流流向电阻 哪一端无所 谓， 红、 黑表 笔分别插在 负、正 插孔 不会影响测量 结果，故 D 正确。 14. （ 8 分，每空 2 分） 【答案】 （ 1） R3； （ 2）大于； （ 3） （ 4） 281Ω 【解析】 （ 1）题中所给 滑动变阻器小于待测电阻的阻值，为了尽可能精 确地 测量，滑动变阻器需要 利用分压接法接入回 路，滑动变阻器 应选较小的 R3 为宜。 （ 2） 采用电流表的内接法，由于电流表的分压 作用，会导 致测 量结果偏 大， 测量值大于 真 实值。 （ 4） A2 示数 为满偏刻 度的 4 5 ，故电流为 3 34 4 10 3.2 105 I A A− −= × × = × A1 表示 数为 满偏刻 度的 3 5 ，故 待测 电阻 两端 的等效电压为 ( )33 1.5 10 1 999 V=0.9V5 U −= × × × + 依靠此组数 据计算 Rx 的阻值为 281.25V 281Ωx UR I= = ≈ 。 三、计算题（本题共 4 小题，共 48 分．解题要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算 步骤，有数据计算的题目，还应计算出最后结果，只有最后答案的不得分．） 15．（ 8 分） 【解析】 高二物理参考答案 第 5 页（共 6 页） （ 1）微粒 做直 线运 动，故合力在水平方向上，电场力方向只 能是 斜向上。 微粒 带正电。受 力如图 。 cosqE mgθ = （ 1 分） UE d= （ 1 分） cos mgdq U θ= （ 2 分） （ 2） 重力不做功（高度不变），电场力做功，由动能定理可得： 2 2 0 1 2kqU E mv= − （ 2 分） 即： 2 2 0 1 2kE qU mv= + （ 2 分） （或者 2 2 0 1 cos 2k mgdE mvθ= + 也可以） 16．（ 12 分） 【解析】 （ 1）电源 输出 电压： 195VU E Ir= − = （ 2 分） 电动 机功率： 19500WP UI= = （ 2 分） 由动能定理： 21 2 Pt fx mvη − = （ 2 分） 解得： 100mx = 。 （ 1 分） （ 2）当轿车加速度 a＝ 0 时，速 度达 到最大， 此时 轿车牵 引力： sinF mg fθ= + （ 2 分） 又 mFv Pη= （ 2 分） 解得： m 15m/sv = 。 （ 1 分） 17．（ 12 分） 【解析】 （ 1）由部分电路欧姆定律得： 流过 R2 上的电流为 2 2 1UI AR= = （ 3 分） （ 2）通过电动 机的电流为： 2M PI AU= = （ 2 分） 干路电流 2 3MI I I A= + = （ 1 分） R1 的电压 1 1 3U IR V= = （ 1 分） 根据闭合电路欧姆定律得： 电源的电动势 1 6 3 3 1 12E U U Ir V V V V= + + = + + × = （ 2 分） （ 3）电动 机输出功率为 2 2 0 12 2 0.5 10MP P I r W W W= − = − × =机 （ 3 分） qE mg 高二物理参考答案 第 6 页（共 6 页） 18．（ 16 分） 【解析】 （ 1）小球 由静 止释 放，在 恒定合外力 作用下做 初速 度为零 的匀加速运动。由于小球刚好从 A 点无碰撞地 进入 轨道 ，因 此小球进入 轨道 时速 度方向与水平方向的 夹角 为 53°， tan mg qEθ = （ 1 分） 3 4 mgE q= （ 1 分） 设 P 点与 A 点的高度差为 h，根据动能定理有 21 tan 2 A hmgh qE mvθ+ = （ 2 分） 从 A 点 运动到 B 点的过程中有 2 21 1( cos ) sin 2 2B Amg R R qER mv mvθ θ− + = − （ 2 分） 在 B 点有 2 1 BvN mg m R− = （ 2 分） 1 5N N mg= = （ 1 分） 解得 16 25 h R= 。 （ 1 分） （ 2）根据力与 运动的关系可知，当小 球运 动到 跟 O 点连线与电场方向成 53°角 时，小 球的 速 度最大，此 时小 球对轨道 的压力最大。 根据动能定理有 2 21 1cos ( sin ) 2 2m BqER mg R R mv mvθ θ− − = − （ 2 分） 由牛顿第 二定律有 2 2 sin mvmgN m Rθ− = （ 2 分） 求得 2 5.75N mg= ， （ 1 分） 根据 牛顿第三 定律可知，小 球对轨道 的压力 ' 2 2 5.75N N mg= = （ 1 分）