山东济南市2016届高三物理5月针对性模拟试卷(附答案)
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资料简介
1 高三质量检测物理试题参考答案及评分标准 2016.5 题号 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 C B B D D AD AD AC 22.(1)4.700×10-3 ( 2 分) (2)0.89 ( 2 分) (3)空气阻力或者 H 测量值偏大(任意答出一条原因即可)(2 分) 23.(1)1.45v (2 分) 偏小(1 分) (2)B (2 分) (3) 0 1 2kR ; 0 1 ( )2 b Rk  (各 2 分) 24.解:(1)滑块沿斜面上滑过程,由牛顿第二定律: 1sin cosmg mg ma    解得 a1 = 9.6 m/s2 (2 分) 设滑块上滑位移大小为 L,则由 2 0 12v a L (1 分) 得 L = 4.8 m (1 分) 滑块沿斜面下滑过程,由牛顿第二定律: 2sin cosmg mg ma    解得 a2 = 2.4 m/s2 (2 分) 由 2 22v a L (1 分) 得 v = 4.8 m/s (1 分) (2) 滑块沿斜面上滑过程用时 0 1 1 vt a  = 1s 对斜面与滑块构成的系统受力分析可得 1 1 cosfF ma  = 7.68 N 滑块沿斜面下滑过程用时 2 2 vt a  = 2s 对斜面与滑块构成的系统受力分析可得 θ a2 (M+m)g FN Ff2 2 2 cosfF ma  = 1.92 N Ff 随时间变化图像如图所示 (4 分) 25、解析:(1)当在区域 I、III 加如图所示的反向磁场时,两种粒子的轨迹如图,质量为 m1 的粒子轨迹圆心为 O1,粒子 m2 的轨迹圆心为 O2,从边界 b 出射后在区域 II 做匀速直线运 动进入区域 III,在区域 III 中做与区域 I 中对称的圆周运动,然后垂直边界 d 出射。 1 0 1 0.15m vr mqB   ……………………(2 分) 2 0 2 0.2m vr mqB   ……………………(2 分) 粒子 1 在区域 I 中的偏移量 1 1 1(1 cos ) 0.06y r m    ……………………(1 分) 粒子 1 在区域 II 中的偏移量 1 1tan 0.16y L m  ……………………(1 分) 粒子 1 在区域 III 中的偏移量 1 1 0.06y y m   ……………………(1 分) 所以粒子 1 的总偏移量 1 0.06 0.16 0.06 0.28y m     粒子 2 在区域 I 中的偏移量 2 2 2(1 cos ) 0.04y r m    ……………………(1 分) 粒子 2 在区域 II 中的偏移量 2 2tan 0.09y L m   ……………………(1 分)3 粒子 2 在区域 III 中的偏移量 2 2 0.04y y m   ……………………(1 分) 所以粒子 2 的总偏移量 2 0.04 0.09 0.04 0.17y m     二者的出射点之间的距离 1 1 2 0.11Y y y m     ……………………(2 分) (2)当在区域 I、III 加如图所示的反向电场时,两种粒子的轨迹如图,两种粒子在区域 I 中均作类平抛,但偏移量不同,在区域 II 中均作斜向的匀速直线运动,进入区域 III 做 反类平抛运动,然后均垂直边界 d 出射。 粒子 1 在区域 I 中: 0L v t ……………………(1 分) 2 2 3 2 1 1 0 1 2 2 qE qELy tm m v    ……………………(1 分) 粒子 1 在区域 II 中有: 2 3 3 2 1 0 2 qELy y m v    (或者 2 1 2 1 0 y qELy v t m v   ) ………(1 分) 粒子 1 在区域 III 中有: 2 3 3 2 1 02 qELy y m v    ………………(1 分) 粒子 1 的总偏移量有: 2 3 3 3 3 2 1 0 2qELy y y y m v        同理,粒子 2 的总偏移量有: 2 4 4 4 4 2 2 0 2qELy y y y m v        ……………………(2 分) 二者的出射点之间的距离 2 2 2 3 4 2 2 1 0 2 0 2 2 0.11qEL qELY y y mm v m v         ………(1 分) 解得: 2 3275 10 1.1458 10 /24E V m    ……………………(1 分) 33.(1) ACD (5 分) (2)对于左侧封闭气体:4 初状态: 1 0 mgp p S   1 1V L S (1 分) 末状态: 2 0 Fp p S   2 1( )2 LV L S  (1 分) 由玻意耳定律得 1 1 2 2pV p V (1 分) 代入相关数据得 F = 10 N (1 分) 对于右侧封闭气体: 初状态初状态: 3 0p p 3 2V L S (1 分) 末状态: 4 0 Fp p S   4 2 'V L S (1 分) 由玻意耳定律得 3 3 4 4p V p V (1 分) 代入相关数据得 2 ' 7.5L cm (1 分) 由 2 2 '2 LL h L   (1 分) 得活塞下降高度 h = 5 cm(1 分) 34. (1) 0.8(2 分) 27.0 或-21.0(3 分) (2)光屏上的两个光斑分别是激光束经光学元件反射与折射的光线形成,其光路图如 图所示: 依题意,R=10 3 cm,(2 分) 据反射规律与几何关系知,反射光线形成光斑 P1 与 M 点的距离为: d1=Rtan 30°(2 分) 激光束的入射角 i=60°,设其折射角为 r,由几何关系可知折射光线形成光斑 P2 与 M 点间距为: d2=Rcot r(2 分) 据题意有:d1+d2=d 联立各式并代入数据解得: cot r= 3,即 r=30°(2 分) 据折射定律得:n=sin i sin r =sin 60° sin 30° = 3.(2 分) 35、(1) A、B、E. (5 分) (2)取向左为正方向,根据动量守恒 推出木箱的过程:0=(m+2m)v1-mv (3 分) 接住木箱的过程:mv+(m+2m)v1=(m+m+2m)v2 (3 分)5 设人对木箱做的功为 W,对木箱利用动能定理得: W=1 2 mv2 2(2 分) 联立以上方程得 W=1 8 mv2. (2 分)

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