1.1.2
两个计数原理
(
二
)
-----------
经典案例
人教
A
版选修
2-3
第一章
联系:
分类加法计数原理和分步乘法计数原理,回答的都是关于
完成一件事情的不同方法的种数问题
;
区别:
分类要做到
“不重不漏”
,各种方法是相互独立的,用任何一种方法都能完成这件事;
分步要做到
“步骤完整”
,各个步骤都完成才能完成这修的事情.
复习回顾
题型一 主客体须分清
例
1.
有四位同学参加三项不同的竞赛.
(1)
每位学生必须参加且只能参加一项竞赛,有多少种不同结果?
(2)
每项竞赛只许一位学生参加,且每人参加的项数不限
,
有多少种不同结果?
(3)
每项竞赛只许一位学生参加,且每人至多参加一项
,
有多少种不同结果?
解析
:
(1)
学生可以选择竞赛项目
,而竞赛项目对于学生无条件限制,所以每位学生均有
3
个不同的机会.要完成这件事必须是每位学生参加的竞赛全部确定下来才行,因此需分四步.而每位学生均有
3
个不同机会,所以用分步乘法计数原理.故
3×3×
3×3
=
3
4
=
81(
种
)
.
题型一 主客体须分清
例
1.
有四位同学参加三项不同的竞赛.
(1)
每位学生必须参加且只能参加一项竞赛,有多少种不同结果?
(2)
每项竞赛只许一位学生参加,且每人参加的项数不限
,
有多少种不同结果?
(3)
每项竞赛只许一位学生参加,且每人至多参加一项
,
有多少种不同结果?
(2)
竞赛项目可挑选学生
,而学生无选择项目的机会,每一个项目可挑选
4
个不同学生中的一个.要完成这件事必须是每项竞赛所参加的学生全部确定下来才行,因此需分三步,用分步乘法计数原理.故
4×4×4
=
43
=
64(
种
)
.
(3)
竞赛项目可挑选学生
,
分成三步
:4×3×2
=
12(
种
)
巩固练习
解
:(1)
分三步
,
每位旅客有
4
种不同的住宿方法
,
由分步计数原理得共有
4×4×4
=
4
3
(2)
分四步
,
每封信有
3
种不同的投递法
,
由分步计数原理得共有
3×3×3×3
=
3
4
变式
:
将
4
封信投入
3
个邮筒
,
每个邮筒至少一封信
,
共有多少不同的投法
?
答案:
36
题型二 染色问题
例
2
用
5
种不同颜色给下列图中四个区域涂色
,
每个区域涂一种颜色
,
若要求相邻
(
有公共边
)
的区域不同色
,
那么共有多少种不同的涂色方法
?
1
2
3
4
(1)
(2)
A
B
C
D
(3)
共
180
种涂法
共
260
种涂法
共
320
种涂法
(4)
3
4
1
2
共
320
种涂法
巩固练习
A
B
C
D
1.A
、
B
、
C
、
D
四个区域分别涂上
4
种不同颜色中的某一种
,
允许同一种颜色使用多次
,
但相邻区域必须涂不同的颜色
,
不同的涂色方案有多少种?
2.
如图所示
,
一环形花坛分成
A,B,C,D
四个区域
,
现有
4
种不同的花可供选种
,
要求在每个区域里种
1
种花
,
且相邻的
2
个区域种不同的花
,
问有多少种不同的种法
?
共
48
种
共
84
种
题型三 错位问题
例
3
同室四人各写一张贺年卡
,
选集中起来
,
然后每人从中拿一张别人送出的贺年卡
,
则四张贺年卡不同的分配方案有
( )
(A)6
种
(B)9
种
(C)11
种
(D)23
种
分析:
不妨让甲乙丙丁四人写的卡片分别标上号码
1
,
2
,
3
,
4
,完成这件事情需要四个步骤:
(
1)
不妨让甲先拿,有
3
种方法;
(
2
)让甲拿的编号的人去拿,有
3
种方法;
(3)(4)
让剩下两个去拿各有
1
种方法,所以
3×3×1×1=9
种
巩固练习
将
1
,
2
,
3
,
4
填入标有
1
,
2
,
3
,
4
的四个方格里内
(1)
每格填一个数,共有多少种不同的填法?
(2)
每格填一个数
,
且每个方格所填入的数字与方格的标号都不同的填法有多少种?
(1)4×3×2×1=24
种
(2)3×3×1×1=9
种