高一物理上学期期末试卷

济宁市 2004-2005 学年度第一学期期末考试 高一物理试题 2005 年 1 月 28 日 第Ⅰ卷（选择题，共 50 分） 本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）。全卷共 18 小题，满分 120 分。考试时 间 100 分钟。 一、本题共 10 小题。每小题 5 分，共 50 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是 符合题目要求的。 1．如图 1 所示，物体 A 静止于水平桌面上。下列说法中正确的是 （ ） A．桌面受到的压力就是物体的重力 B．桌面受到的压力是由它本身发生微小形变而产生的 C．物体由于发生了微小的形变而对桌子产生了压力 D．桌子对物体的支持力等于重力，是因为支持力和重力是一对相互作用力 2．下列关于物体运动的描述可能的是 （ ） A．速度变化越来越快，加速度越来越小 B．速度变化的方向为正，加速度的方向为负 C．速度的变化率很大，而加速度很小 D．加速度越来越大，而速度越来越小 3．如图 2 所示，一架梯子斜靠在光滑的竖直墙上，下端放在水平的粗糙地面上。关于梯子受 力情况的判断，正确的是 （ ） A．梯子受到两个竖直的力，一个水平的力 B．梯子受到一个竖直的力，两个水平的力 C．梯子受到两个竖直的力，两个水平的力 D．梯子受到三个竖直的力，两个水平的力 4．如图 3 所示，在倾角为θ的斜面上，放一质量为 m 的光滑小球，小球被竖直的木板挡住， 则球对斜面的压力为 （ ） A．mgcosθ B．mgtanθ C．mg/cosθ D．mg 5．甲、乙两物体质量之比为 m 甲∶m 乙 = 5∶1，甲从高 H 处自由落下的同时乙从 2H 处自由落 下，不计空气阻力，以下说法错误的是 （ ） A．在下落过程中，同一时刻二者速度相等 B．甲落地时，乙距地面的高度为 H C．甲落地时，乙的速度的大小为 gH2 D．甲、乙在空中运动的时间之比为 1∶2 6．木块在粗糙水平面上以初速度 v0 自由运动时加速度的大小为 a；当用大小为 F 的水平拉力 沿运动方向拉木块，木块加速度的大小也是 a；若水平拉力 F 与运动方向相反，木块的加 速度的大小是 （ ） 图 1 图 2 图 3 θ A．a B．3a C．2a D．a/2 7．质量为 m 的人站在升降机的底板上，测得人对升降机底板的压力为 m(g－a)，a 为升降机 运动的加速度(a 0)开始计时，力 F 作用一段时间后的时刻 为 t2，求 t1 ~ t2 的时间内力 F 的冲量的大小。（要有必要的论证说明，画出相关的图象。） 18．（12 分）质量 m = 20 kg 的物体，在大小恒定的水平外力 F 的作用下，在水平面上做直线 运动。0 ~ 2 s 时间内 F 与运动方向相反，2 ~ 4 s 内 F 与运动方向相同，物体的速度－时间 图象如图 12 所示。g 取 10 m/s2。求物体与水平面间的动摩擦因数μ。 图 12 v/m.s- 10 0 -2 2 4 t/s 答图 1 0 0.2 0.4 0.6 v/m.s-1 t/s0.8 0.40 0.80 1.20 1.60 参考答案 一、全题 50 分。每小题选对的给 5 分，选错的或不答的给 0 分。 1．C 2．D 3．C 4．C 5．D 6．B 7．C 8．D 9．B 10．A 二、全题 24 分，每小题 6 分。答案正确的按后面括号内的分数给分；答错的，不答的，都给 0 分。 11．3（3 分） 3 （或 1.73）（3 分） 12．（1）弹簧在弹性限度内，拉力 F 与伸长 x 的图象，F = kx。 （2）长木板上小车在重物牵引下运动的 v－t 图象，v = v0+at。 （3）物体质量一定时，运动的 a－F 图象，a∝F。……。(举 例中无条件或无数学表达式均扣 1 分)（举出一个给 3 分， 共 6 分） 13．C（3 分） 0.2（3 分） 14．2.80（2 分）；图象如答图 1 所示（2 分）；2.00（2 分。2.00±0.02 均给 2 分） 三、全题 46 分。各题参考解答及评分标准如下。考生用方法或步骤解答正确的，同样给分； 有错误的，根据错误的性质，参照评分标准中相应的规定评分。 15．解：B 点受力为 F、FCB、FBA，如答图 2 所示（2 分） FCB 与 FBA 的合力为 F′。当 FCB = 300 N 时， FBA = FCB tan30°= 100 3 N（3 分） 因为 FBA < 200 N，所以 FCB = 300 N 时，细绳、轻杆均不会断（3 分） 最大物重 G = F = F′= 030cos CBF = 200 3 N（4 分） 16．解：当乙车的速度减为和甲车的速度相等时，若乙车的位移大于或等于甲车相对乙车初始 位置的位移，则乙车一定能追上甲车；否则，追不上。 设乙车的速度减为 v = 15 m/s 时，所用时间为 t。由 v = v 乙－a t 得 t = 125 s（4 分） 这段时间内乙车的位移为Δx 乙 = tvv 2 乙 = 3437.5 m（3 分） 这段时间内甲车对乙车初始位置的位移为Δx 甲 = 1500 m＋v 甲 t = 3375 m（3 分） 因为Δx 乙> Δx 甲，乙车能追上甲车（2 分） 17．解：根据题意做出 F－t 图象如答图 3。（2 分） 把 t1 ~ t2 这段时间分成许多很短的时间Δt，在这一小段时间内可 认为作用力 Fi 是不变的，这一小段时间内力 F 的冲量为 FiΔt， 正好等于以 Fi 为高，以Δt 为底的细高矩形面积。（3 分） t1 ~ t2 时间内 F 的冲量应等于 t1 ~ t2 时间内所有细高矩形之和。 Δt 很短，t1 ~ t2 时间内所有细高矩形面积之和应为梯形 At1t2B 的面积。（2 分） t1 ~ t2 时间内 F 的冲量 F t = S 梯开 = 2 ))(( 1221 ttktkt  = 2 1 k (t22－t12)（3 分） 18．解：由图象知 0~2 s 内加速度大小为 a1 = 2 10 m/s2 = 5 m/s2（2 分） 答图 3 A B t1 t2 t/s F/N Fi 0 Δt 答图 2 B F F′ FBA FCB 2~4 s 内加速度大小为 a2 = 2 2 m/s2 = 1 m/s2（2 分） 根据牛顿第二定律，在 0~2 s 内有：F ＋μmg = ma1（3 分） 在 2~4 s 内有：F －μmg = ma2（3 分） 解得：μ= g aa 2 21  = 102 15   = 0.2（2 分）